Question

我想这是相当简单的，我应该可以得到但是我遇到了麻烦。我似乎无法在任何地方找到答案。

考虑一下场景：我有两个文件（我们称之为index.php和global.php）。我正在引用require_once()文件。

的index.php：

<?php
require_once('./global.php');

$database = new database();
echo $database->dbname;
?>

Global.php：

<?php
class database {
public $dbname = 'jdoe';
}
?>

这不会在index.php页面上输出'jdoe'。但是......如果我将以下内容放入global.php，它可以工作：

<?php
class database {
public $dbname = 'jdoe';
}

$database = new database();
echo $database->dbname;
?>

Answer 1

$database = new database();

你忘记了括号。另外，如果您需要有关在php中使用类的更多信息，请查看Classes and Objects的php文档。

<强>更新：

阅读PHP Class Properties我发现了这个小小的一点：

[类成员变量]必须能够在编译时进行评估，并且不得依赖于运行时信息才能进行评估。

我对此并不是100％肯定，但似乎PHP将您的字符串赋值视为“运行时信息”。尝试在构造函数中指定变量（无论如何都可能是更好的实践）。

class database {
    public $dbname;
    function __construct() {
        $this->dbname= 'jdoe';
    }
    // Rest of class
}

希望有所帮助！如果有人能够证实我的假设会很棒。

Answer 2

在php中创建对象的语法是

$obj=new class();

您在课程名称后遗漏了（）。

Answer 3

我认为应该是

$database = new database();

而不是

$database = new database;