Question

假设你有一个仿函数：

struct MyFunctor
{
    bool operator ()( int value )
    {
        return true;
    }
};

是否可以检索仿函数成员的参数类型以便在模板中使用？以下是这种神话功能的用法：

template < typename FunctorType >
bool doIt( FunctorType functor, typename FunctorType::operator()::arg1 arg )
{
    return functor( arg );
}

是否有一种有效的语法可以替代我神秘的FunctorType::operator()::arg1？

Answer 1

如果您知道该项目是仿函数，那么您可以抓住它的operator()，如下所示：

#include <iostream>

template <unsigned Idx, typename... T>
struct pick
{
    static_assert(Idx < sizeof...(T), "cannot index past end of list");
};

template <typename T, typename... TRest>
struct pick<0U, T, TRest...>
{
    typedef T result;
};

template <unsigned Idx, typename T, typename... TRest>
struct pick<Idx, T, TRest...>
{
    typedef typename pick<Idx-1, TRest...>::result result;
};

template <typename Func>
struct func_traits;

template <typename TObj, typename R, typename... TArgs>
struct func_traits<R (TObj::*)(TArgs...)>
{
    typedef R result_type;

    template <unsigned Idx>
    struct argument
    {
        typedef typename pick<Idx, TArgs...>::result type;
    };
};

template <typename Func,
          typename Traits = func_traits<Func>,
          typename R = typename Traits::result_type,
          typename Arg0 = typename Traits::template argument<0>::type,
          typename Arg1 = typename Traits::template argument<1>::type
         >
void foo(Func f)
{
    std::cout << __PRETTY_FUNCTION__ << std::endl;
};

struct thing
{
    void operator()(long, int*) { }
};

int main()
{
    foo(&thing::operator());
}

对我来说，该节目打印出来：

void foo(Func) [with Func = void (thing::*)(long int, int*), Traits = func_traits<void (thing::*)(long int, int*)>, R = void, Arg0 = long int, Arg1 = int*]

关键点是Arg0和Arg1分别是long和int*。

Answer 2

不，没有。最优雅的方法是要么你的函子要为参数类型提供typedef，要么引入特征类。如果您希望模板与仿函数和函数一起使用，后者非常有用。

或者，您可以将参数类型设为第二个模板参数：

template < typename FunctorType, class ArgumentType >
bool doIt( FunctorType functor, ArgumentType arg )
{
    return functor( arg );
}

如果ArgumentType与仿函数所需的类型不匹配，编译器仍会抱怨。

Answer 3

你可以用C ++ 0x

来做

template <typename... Args>
struct Function {
    typedef std :: tuple <Args...> args;
    void call () (Args... args);
}

template <typename... Args>
void do_it (Function<Args...>::args:: SOMETHING :: type t, Args... args) {
    something (t)
    Function <Args...> :: call (args...);
}

Answer 4

这里我给@BjörnPollex（正确）答案提供了C ++ 11更新。

回到这个问题，你想明确地指定doIt的第二个参数主要是为了限制可以传递的内容。在C ++ 11中，你可以暗示这个限制，而无需明确知道仿函数的参数类型（如果算函数重载，则没有明确定义）。

template < typename FunctorType, class ArgumentType >
auto doIt( FunctorType functor, ArgumentType arg ) -> decltype(bool(functor(arg)))
{
    return functor( arg );
}

（转换为bool可能不是必需的，我把它放在这里，因为看起来你真的希望返回类型为bool）。

此doIt（模板）函数将接受任何可能与functor参数兼容的参数（并且也可转换为bool）。如果传递的参数不兼容，则该函数根本不存在，并且将产生优雅的“doIt function not found”编译器错误。

通过使用完美转发使doIt完全等同于functor(arg)，可以更进一步：

template < typename F, class A >
auto doIt( F&& f, A&& a ) -> decltype(bool(std::forward<F>(f)(std::forward<A>(a))))
{
    return std::forward<F>(f)( std::forward<A>(a) );
}

是否可以从（Functor成员）函数签名中检索参数类型以便在模板中使用？

4 个答案: