Question

如何以yaml方式声明doctrine2继承？

我在学说文档中找不到任何关于此的代码片段，示例或食谱文章。

当我以doctrine1的方式尝试它时，我得到一个错误，即实体没有主键。

谢谢！

Answer 1

尝试使用文档中的examples（采用@Annotations格式）进行简单的模型继承，并使用带参数 orm的doctrine命令行工具将它们转换为yaml：convert-mapping < / em>（用于转换支持的格式之间的映射信息）。更多信息here。

Answer 2

Doctrine2中有几种不同类型的inheritance。以下是两种最常见类型的示例：

Mapped Superclass

# MyProject.Model.Person.dcm.yml
MyProject\Model\Person:
  type: mappedSuperClass
  id:
    id:
      type: integer
      generator:
        strategy: AUTO
  fields:
    name:
      type: string
      length: 50
   ...

# MyProject.Model.EmployedPerson.dcm.yml
MyProject\Model\EmployedPerson:
  type: entity
  fields:
    occupation:
      type: string
      length: 100
    ...

然后，在PHP类中：

# Person.php

<?php
namespace MyProject\Model;
class Person
{
    private $id;
    private $name;

   // Add public getters and setters
}

# EmployedPerson.php

<?php
namespace MyProject\Model;
class EmployedPerson extends Person
{
    private $occupation;

    // Add public getters and setters
}

要完成这项工作，您需要做两件事：在父级上使用type: mappedSuperClass而不是type: entity，并确保您的PHP子类扩展父类。

您可以向类中添加所需的任何字段和关系，但您应该在文档中注意关于您可以添加到父级的关系的警告：

映射的超类不能是实体，它不具有查询能力由映射的超类定义的持久关系必须是单向的（仅限拥有方）。这意味着一对多根本不可能在映射的超类上进行关联。此外，只有映射后，才能实现多对多关联超类目前仅用于一个实体。对于进一步支持继承，单个或连接表继承必须使用功能。

Single-Table Inheritance

方便的是，文档已经给出了单表继承的YAML配置示例：

MyProject\Model\Person:
  type: entity
  inheritanceType: SINGLE_TABLE
  discriminatorColumn:
    name: discr
    type: string
  discriminatorMap:
    person: Person
    employee: Employee

MyProject\Model\Employee:
  type: entity

Answer 3

管理关系数据库中的继承存在三种主要策略。

单表继承（STI）（Martin fowler link）
具体表继承（Martin fowler link）
每个表继承的类（Martin fowler link）

您可以找到如何使用Doctrine 2以YAML格式在Symfony网站上创建每个策略： YAML Inheritance with Doctrine

如何使用yaml在doctrine2中建模继承？

3 个答案:

Mapped Superclass

Single-Table Inheritance