如何在Scala中读取和输出XML处理指令？

Question

我正在编写一个执行以下操作的小型Scala应用程序：

1）读取XML / XHTML文件

2）做一些小的预处理

3）如果需要，使用XSLT样式表对其进行转换。

4）稍微后处理。

5）将其保存为XHTML。

我的XML文件将从以下内容开始：

<?xml version="1.0" encoding="UTF-8"?>
<?xml-stylesheet type="text/xsl" href="../xslt/default.xslt"?>

如果我用

阅读它们

scala.xml.XML.load(scala.xml.Source.fromFile(file))

我得到了一个Elem，但是我放弃了XML处理指令。我使用它作为String读取，执行String操作以找到xml-stylesheet，然后将其传递给

scala.xml.XML.load(scala.xml.Source.fromString(text))

必须有更好的方法来做到这一点。我需要知道哪些样式表我应该在Scala中使用 ，因为如果需要，Scala必须调用XSLT处理器。

此外，在我完成处理后，我使用

保存它们

scala.xml.Utility.trim(transformed).buildString(true)

但结果文档不包含XML声明，也不包含HTML DOCTYPE。我也想要那些。

我知道这在技术上是两个问题，但这些基本上都是同一问题的两端，我怀疑第二个问题的解决方案与第一个问题的解决方案有关。

Answer 1

基本上，Scala的XML不能满足您的需求。即使使用生成xml.parsing.XhtmlParser的{​​{1}}，您也只能获得版本，编码和dtd。您可以创建一个构造解析器，一个事件解析器或使用自定义SAXParser覆盖XML来获取XSLT内容，但是您仍然无法使用Scala XML表示该信息，并且您仍然需要手动编写保存代码将这些东西追回来。

所以我建议你继续使用一个处理XSLT的Java库。