为什么打印我的值为1，有人可以解释一下吗？
#include<stdio.h>
int main(i)
{
printf("i = %d\n", i);
}
输出i = 1。
答案 0 :(得分：6)
C将i解释为类型int-if you don't declare a variable, its default type is int。碰巧的是，main通常被称为int main(int argc, char **argv)，因此您的i（现在是int）适合该第一个参数。 main仅允许您使用一个参数but this is technically undefined behavior来调用它-不要这样做。
第一个值argc是一个数字，详细说明了给出了多少个命令行参数。 （第二个是这些参数的字符串。）在您的情况下，仅给出了一个命令行参数，即可执行文件的名称（可能是./a.out）。
尝试使用./a.out some strings here运行代码-您会注意到打印出不同的值。
答案 1 :(得分：1)
这里有两个或三个不同的小谜团。不知道您想知道哪一个，所以我想我会回答所有这三个。
您如何摆脱int main(i)的类型而i的声明？
您如何宣布main接受一个参数，而不是常规的两个参数？
值1从何而来？
答案：
（1）很久很久以前，就算是C的黎明（或至少是早晨），函数定义语法也有所不同。你没说过类似的话
int main(int argc, char *argv[])
{
...
}
相反，你说
int main(argc, argv)
int argc;
char *argv[];
{
...
}
那时，“隐式int”也风行一时。所以，如果你只是写
int main(argc, argv)
char *argv[];
{
...
}
编译器说：“好吧，有一个参数argv和一个char **，有一个参数argc和一个...哦，您没有说，所以我只是默默假设int。”
由于C向后兼容一直很重要，因此即使现在已经有一段时间正式淘汰，许多编译器仍在接受较旧的语法。
（2）另外，根据您的情况，您完全省去了argv部分。 main应该有两个参数，这是程序启动时系统调用它的方式，但是您只声明了它接受一个。那为什么行得通呢？
严格来说，当调用函数的参数数量与预期的数量不同时，行为是不确定的，但这是您经常可以避免的事情，尤其是在传递的参数比预期的多的情况下。因此，尽管系统传递了程序不期望的第二个argv参数，但是多余的参数只是被悄悄地丢弃了。
（3）然后，1的来源是什么？好吧，这是由于main的常规argc和argv参数的实际含义。 C的main定义基于命令行调用。通常人们会输入类似
programname somefilename someotherargument
，然后点击RETURN。这将调用一个名为programname的程序，该程序带有两个命令行参数somefilename和someotherargument。那么这些如何传递到main？
好吧，argc是其中有多少个计数，而argv是参数字符串本身的数组（v代表“向量”）。并且参数列表始终包含程序名称本身。因此，如果您调用
programname somefilename someotherargument
然后argc以3的形式出现，而argv以数组的形式出现
{ "programname", "somefilename", "someotherargument", NULL }
但是，如果您调用不带任何参数的内容，那么argc仍会以1的形式出现。因此，这就是您看到的1的来源。