案例研究：

Question

我正在创建一个工具，用户可以在其中上传图像或提供图像的外部链接。因此，我将该图像网址存储在数据库中。如果用户上传图像，那么我正在存储文件的完整路径 例如：

C:\xampp\htdocs\project\public\upload/1571149288.jpg

，如果用户给我一个图像网址

例如：

https://example.com/images/ask1571149288e.jpg.

我正在存储此完整路径，在下一个屏幕中，我需要显示用户上载的最后三张图像，无论使用哪个数据库存储路径，

Contoller

$previousUpload = DB::table('background_trimmer')->where('user_id',1)->limit(3)->orderBy('id', 'desc')->get();

    return view('user.clippingMagic.upload', array('previousUpload'=>$previousUpload));

刀片视图

    <div id="recent-images" class="mt-3">
     @foreach ($previousUpload as $recentImage)
         <div class="recentimages">
             <img src="..\{{$recentImage->image_title}}" alt="image recent" />        

        </div>
      </div>
 @endforeach
</div>

获取 404 图片现在图像src是 => http://127.0.0.1:8000/C:\xampp\htdocs\New folder\marketermagic\public\upload/1571206254images.jpg

我想要什么

C:\xampp\htdocs\New folder\marketermagic\public\upload/1571206254images.jpg

如果我点击C:\xampp\htdocs\New folder\marketermagic\public\upload/1571206254images.jpg，则在浏览器选项卡中的该URL将显示图像。因为我已经存储了图像的完整路径，所以我不需要使用laravel添加任何基本URL，它应该照原样使用我的URL。谢谢你的帮助

Answer 1

案例研究：

您有两个选择：

用户可以上传图片
或者他/她可以输入外部图像链接。

您要做的是：

如果用户上传图像，然后将您的内部脚本设为可公开浏览的url。就像用户上传abc.png图片一样，您应该为该图片制作可浏览的公共网址。怎么说？只需添加base url + upload folder path + image name非常简单的步骤。最终输出应如下所示：http://example.com/YOUR_ASSETS_PATH/abc.png并将其存储到DB。
如果用户输入外部URL，只需将其保存到数据库即可。

查看： <img src="{{$recentImage->image_path}}" alt="image recent" />

如何使用db存储路径显示图像

1 个答案:

案例研究：

就这样！