Question

我是PHP和CodeIgniter的新手。我正在构建一个适用于更新操作的CRUD应用程序。

我的控制器：

class Site extends CI_Controller {

       function __construct()
       {
            parent::__construct();
        $this->is_logged_in();
       }

    function members_area() 
    {
        $data = array();

        if($query = $this->site_model->get_records()) // site model is autoloaded.
        {
            $data['records'] = $query;
        }

        $this->load->view('members_area', $data);
    }

    function create()
    {
        $data = array(
            'title' => $this->input->post('title'),
            'content' => $this->input->post('content')
        );

        $this->site_model->add_record($data);
        $this->members_area();
    }

    function delete()
    {
        $this->site_model->delete_row();
        $this->members_area();
    }

    function update()
    {
        $data = array(
            'title' => $this->input->post('updtitle'),
            'content' => $this->input->post('updcontent')
        );

        $this->site_model->update_record($data);
        $this->members_area();
    }

    function is_logged_in()
    {
    $is_logged_in = $this->session->userdata('is_logged_in');

    if(!isset($is_logged_in) || $is_logged_in != true)
        {
                $this->load->view('login_form');
        }
    }
}

我的模特：

class Site_model extends CI_Model {

    function get_records()
    {
        $query = $this->db->get('data');
        return $query->result();
    }

    function add_record($data) 
    {
        $this->db->insert('data', $data);
        return;
    }

    function delete_row()
    {
        $this->db->where('id', $this->uri->segment(3));
        $this->db->delete('data');
    }

    function update_record($data) 
    {
        $this->db->where('id', $id);
        $this->db->update('data', $data);
    }

我的观点：

<h2>update</h2>
    &lt;?php echo form_open('site/update');?&gt;
    <p>
        <label for="update title">Update Title:</label>
        &lt;input type="text" name="updtitle" id="updtitle" /&gt;
    </p>

    <p>
        <label for="update content">Update Content:</label>
        &lt;input type="text" name="updcontent" id="updcontent" /&gt;
    </p>    

    <p>
        &lt;input type="submit" value="Update" /&gt;
    </p>
    &lt;?php echo form_close(); ?&gt;

    <hr />

如果我尝试更新数据库中的记录，我的模型中出现错误（“严重性：通知”，“消息：未定义的变量：id”），并且不会发生更新。

我错过了什么？你能帮忙吗？谢谢。

Answer 1

您未在模型调用中定义$id：

function update_record($data) 
{
    $this->db->where('id', $id);// <-- $id is not defined
    $this->db->update('data', $data);
}

您未在Controller调用中使用它：

function update()
{
    $data = array(
        'title' => $this->input->post('updtitle'),
        'content' => $this->input->post('updcontent')
    );

    $this->site_model->update_record($data);
    $this->members_area();

    // Where is id??

}

Answer 2

我通过重新运行我的应用找到了解决方案。

回显$ id和$ data帮助。什么都没有输出因此没有被捕获。做更多的阅读需要重新设计我的应用程序。

现在，我依赖于我想要更新的记录上的URI：

1）在我的控制器中，我添加了此更新功能

function update() {
    $id = $this->uri->segment(3);
    $title = $this->input->post('title');
    $content = $this->input->post('content');

    $this->posts_model->update_record($id, $title, $content)
}

2）在我的模型中，我添加了这个功能

function update_record($id, $title, $content) {
    $data = array(
        'title' => $title,
        'content' => $content
    );

    $this->db->where('id', $id);
    $this->db->update('data', $data);
}

3）最后，我创建了一个仅用于更新的视图

<?php $this->load->helper('form'); ?>

<?php echo form_open('site/update/'.$id); ?>

        <?php echo form_input('title'); ?>
        <?php echo form_textarea('content'); ?>
        <?php echo form_submit('submit', 'Submit'); ?>

<?php echo form_close(); ?

现在工作正常。我所要做的就是将浏览器指向 site / update / post-id_number 。

我需要弄清楚的是如何定制界面以便我可以将更新视图与我拥有的另一个视图合并。

感谢您抽出宝贵时间。

更新功能失败，严重性为：＆＃34;严重性：通知＆＃34;

2 个答案: