Question

我要做的是调用php类来更新连接的mysql数据库，而不更改页面。我想我可以用Ajax做到，但我不确定。我看过很多使用表单的例子，但我正在寻找一个简单的<a href="#">link</a>。

Answer 1

要扩展Khez的评论，使用jquery你可以使用类似的东西：

<html>
<head>
<script type="text/javascript" src="PathToJquery"></script>
<script type="text/javascript">
$(document).ready (function ()
{
    $('#elID').click(function ()
    {
        $.get('urlToChangeDB?variable=value');
    }
}
</script>
</head>
<body>
<a href="#" id="elID">Link</a>
</body>
</html>

您需要包含jquery libray

Answer 2

最简单的方法是使用一些Ajax，可能是通过JQuery。一个简单的例子就是采用像

这样的形式

form.php的

<form id="ratingform" name="ratingform">        
    <input type="text" id="id" name="id" />

    <input type="text" id="rating" name="rating" />

    <input type="submit" id="loginsubmit" name="loginsubmit" value="Submit!" />
</form>

然后将其与一些JQuery链接以拦截表单，并将其发送到PHP文件

的jquery.js

$(document).ready(function(){
    $("#ratingform").submit(function(event) {
        $.ajax({
            type: "POST",
            url: "rate.php",
            data: $('#ratingform').serialize(),
                datatype: "json",
            success: function(data){
                var ret = jQuery.parseJSON(data);
                    if(ret.result == "true")
                        // Success
                    else
                        // Failure
            }
    });
    event.preventDefault();
    });
});

然后，创建PHP文件以解释它

rate.php

$stmt = $sql->dbh->prepare("INSERT INTO `rating` (`ID`, `Rating`) VALUES (:id, :rating)");

$stmt->bindValue(':id', $_POST['id']);
$stmt->bindValue(':rating', $_POST['rating']);

$result = $stmt->execute();

echo json_encode(array('result' => "{$result}"));

die();

基本上，JQuery拦截表单操作并取消它，然后使用serialize()打包数据并将其设置为rate.php作为POST数据。然后rate.php将其作为正常的POST提交进行处理，echo() jSON编码结果为“true”或“false”，具体取决于SQL查询是否成功，将其发送回JQuery脚本。 JQuery解释JSON对象，然后根据SQL Query是否成功执行操作。

通过PHP链接更新MySQL数据库

2 个答案: