Question

我有这个javascript：

var jsonString = "some string of json";
$.post('proxy.php', { data : jsonString }, function(response) {
    var print = response;
    alert(print);

和PHP的这一点（在proxy.php中）：


       $json = $_POST['json'];

       //set POST variables, THIS IS WHERE I WANT TO POST TO!
       $url = 'http://my.site.com/post';

       //open connection
       $ch = curl_init();

       //set the url, number of POST vars, POST data
       curl_setopt($ch,CURLOPT_URL, $url);
       curl_setopt($ch,CURLOPT_POST, 1);
       curl_setopt($ch,CURLOPT_POSTFIELDS, "data=" . urlencode($json));

       //execute post (the result will be something like {"result":1,"error":"","pic":"43248234af832048","code":"234920348239048"})
       $result = curl_exec($ch);
       $response = json_decode($result);

       $imageHref = 'http://my.site.com/render?picid=' . $response['picid'];

       //close connection   
       curl_close($ch);

       echo $imageHref;

我正在尝试使用代理将数据发布到外部网站。从那里，我附加网站响应的picid并将其附加到URL以获取图像URL。

我在这里遗漏了什么吗？我没有得到任何响应，似乎我的数据甚至没有被发布（当我在proxy.php的第一行之后尝试echo $ json时，我得到一个空字符串）。为什么我无法回应JSON？我的实施是否正确？

谢谢！

Answer 1

在您的Javascript代码中，您使用的是：

{ data : jsonString }

那么，从您的PHP代码开始，您是否应该从$_POST['data']而不是$_POST['json']阅读？

如有必要，您可以使用var_dump()查看$_POST中的内容：

var_dump($_POST);

在评论后进行编辑：如果您收到如下的JSON结果：

{"result":1,"error":"","pic":"43248234af832048","code":"234920348239048"}

这是一个JSON对象 - 这意味着，在解码之后，你应该将它作为PHP中的对象访问：

$response = json_decode($result);
echo $response->pic;

注意：我没有在该对象中看到picid元素 - 也许您应该使用pic？

不过，您也可以使用var_dump()来查看数据的外观：

var_dump($response);

Answer 2

试试这个：

$json = $_POST['data'];

甚至更好

var_dump($_POST);

在您开始时查看帖子中的实际内容

不存储POST数据（json）

2 个答案: