Question

错误：

注意：未定义的索引：第16行的C：\ wamp64 \ www \ app \ Form_Edit_Appt.php中的ID 注意：第33行上的C：\ wamp64 \ www \ app \ Form_Edit_Appt.php中的ID为未定义索引

第16行是我定义的位置：$ ID = $ _POST ['id']; 第33行是SELECT，我尝试在select中使用$ ID = $ _POST ['id']而不是调用新变量第38行是我在第16行使用的变量

我正在使用索引文件中的AJAX将ID传递给我的PHP表单，然后在select语句中使用该ID生成一些内容。每当我尝试获取变量时，都会出现未定义的索引错误。我已经阅读了其他相关问题，并尝试将数据类型定义为JSON，尝试了几种语法更改，但一直都在这样做。这是我的脚本，用于加载表单，然后由ajax发送数据（我尝试将这些顺序交换为无济于事）：

$('a.edit_appt').on("click", function() {
  $('.appt_menu').addClass('hidden');
  var id = event.id;

  $('#modalwindow').load('Form_Edit_Appt.php').addClass('show');
  $('.backdropper').addClass('show');

  $.ajax({
    url: 'Form_Edit_Appt.php',
    type: 'POST',
    dataType: 'json',
    data: {
      'id': id
    },
    success: function(data) {
      calendar.fullCalendar('refetchEvents');
      alert("success");
    }
  });
});

我还尝试添加ID警报以检查其正确性，并将ID定义为新变量，但没有区别。

这是我对数据及其用途的呼叫：

在我的第一个select语句中，我在结尾处调用id，但直接在帖子中调用它，在第二个中，我在变量中调用它。两种方法，结果相同。我还尝试了一个id isset函数，但是没有运气。

$ID = $_POST['id'];

$apquery = "
        SELECT id, events.PersonID, CONCAT('(ID: ',events.PersonID,') ',ForeName,' ',SurName) AS 'patient', CAST(start_event AS date), CAST(end_event AS date), CAST(start_event AS time), CAST(end_event AS time), appt_status, Appt_Type, background_color, notes, events.Appt_Type_ID, events.appt_status_ID FROM `events` INNER JOIN tbl_appt_status AS status ON events.appt_status_ID = status.Appt_status_ID INNER JOIN tbl_appt_types AS type ON events.Appt_Type_ID = type.Appt_Type_ID INNER JOIN tbl_contacts AS contact ON events.PersonID = contact.PersonID WHERE id='".$_POST['id']."'
         ";
$result11 = mysqli_query($connect, $apquery);

$apquerytwo = "
        SELECT id, events.PersonID, CONCAT('(ID: ',events.PersonID,') ',ForeName,' ',SurName) AS 'patient', CAST(start_event AS date), CAST(end_event AS date), CAST(start_event AS time), CAST(end_event AS time), appt_status, Appt_Type, background_color, notes, events.Appt_Type_ID, events.appt_status_ID FROM `events` INNER JOIN tbl_appt_status AS status ON events.appt_status_ID = status.Appt_status_ID INNER JOIN tbl_appt_types AS type ON events.Appt_Type_ID = type.Appt_Type_ID INNER JOIN tbl_contacts AS contact ON events.PersonID = contact.PersonID WHERE id=.$id.
         ";
$result12 = mysqli_query($connect, $apquerytwo);

Answer 1

您正在发出两个AJAX请求。第一个来自.load()（这只是调用$.ajax()的快捷方式，该调用将响应HTML写入指定的元素），它没有任何POST参数；第二个来自$.ajax()，确实如此。

您应该执行一个AJAX请求，该请求可以完成您想要的一切。您可以为.load()提供数据参数，还可以提供回调函数。

$('#modalwindow').load('Form_Edit_Appt.php', {id: id}, function() {
    $("#modalwindow, .backdropper").addClass("show");
    calendar.fullCalendar('refetchEvents');
});

Answer 2

“每当我尝试获取变量时，都会得到未定义的索引错误”，您没有发布确切的错误（总是发布整个确切的错误），大多数情况下，这意味着$ _GET数组中没有['id'] 。

在这种情况下，您还应该使用mysqli_real_escape_string（）在提交之前清理所有发布/获取的数据和/或一路将数据作为参数提交给mysql中存储的函数，以防止mysql注入。

对于可能未实际设置的任何内容，始终使用“ isset（$ VAR ['xxx']）”。

/ u / sscotti是正确的，因为您第二次尝试的格式是错误的，因为如果您不首先在字符串中使用双引号结尾，并且您的变量是区分大小写的，并且您使用了它是UC第二次，但第一次是LC，所以它们不匹配。

未定义索引：每当尝试从ID中选择ID时

2 个答案: