Question

当我单击网页上的图像时，我试图运行UPDATE查询。我只需要让图像调用该函数即可从相应的php文件中运行mysql。

该页面已加载并显示与$ show_id关联的列表中的所有值，因此该变量已从网页中拉到php代码中。我只需要能够将该变量拉入下面的查询中，并在单击与它关联的图标时运行它。 php文件也已经具有链接到数据库的正确配置文件和设置文件，因此我不需要在此处进行设置。它只是一种形式，可以调用函数并运行查询。用户侧也不可见。它在管理页面中，只有我可以看到和访问。

这是我在php文件中的代码：

function retired()
{
if(strlen(($_POST['retired'])) > 0){

$sql = "UPDATE ttb_books SET status_id = '2' WHERE show_id='$show_id'";
$db = new database();
$db->myquery($sql, 1);
header('Location:books.php?show_id=$show_id');
die();
    }
}

这是当前图像/表单html：

      <form method="post" action="books.php?show_id={show_id}">
      <input type="image" src="../images/icon-Red_Light.png" width="20" name="retired" alt="Set status to Out of Print" title="Set status to Out of Print" onclick="return confirm('Set ALL status to Out of Print?')">
      <input name="shid1" type="hidden" id="shid1" value="{show_id}" />
      </form>

因此，单击表单图像将使用该mysql字符串调用该函数，并相应地更新列表中的所有项目。这时，当我单击图像时，它会重新加载页面，但是它没有激活函数中的sql并导致更新发生。

表单未调用关联的函数

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