Question

我是一个尝试学习python的初学者，我遇到了范围问题。在执行最底层的代码时，我遇到了错误“未找到非本地var_name的绑定”。有人可以解释为什么非本地关键字无法“越过”中间函数进入外部函数吗？


#this works
globe = 5


def outer():
    globe = 10
    def intermediate():

        def inner():
            nonlocal globe
            globe = 20
            print(globe)
        inner()
        print(globe)
    intermediate()
    print(globe)


outer()


globe = 5


def outer():
    globe = 10
    def intermediate():
        global globe #but not when I do this
        globe = 15
        def inner():
            nonlocal globe #I want this globe to reference 10, the value in outer()
            globe = 20
            print(globe)
        inner()
        print(globe)
    intermediate()
    print(globe)


outer()

Answer 1

涉及nonlocal关键字的表达式将使Python尝试在封闭的局部范围内查找变量，直到它首先遇到第一个指定的变量 name 。

如果nonlocal globe函数中有一个名为globe的变量，则intermediate表达式将具有外观。但是它将在global范围内遇到它，因此它将假定它已到达模块范围并完成搜索而没有找到nonclocal，因此是一个例外。

通过在global globe函数中声明intermediate，您几乎封闭了在先前作用域中使用相同名称的任何nonlocal变量的路径。您可以查看讨论here的原因，为什么要“决定”以这种方式在Python中实现。

如果您要确保变量globe是否在某个函数的本地范围内，则可以使用dir()函数，因为来自Python docs：

不带参数，返回当前本地名称列表范围。使用一个参数尝试返回有效属性的列表该对象。

为什么非本地关键字被全局关键字“打断”？

1 个答案: