Question

我正在尝试.load一个名为'refreshImages.php'的脚本。在该脚本内部是从数据库拉出的while循环。我有它加载一个echo函数，但它不会加载我脚本上的while循环内的任何东西......这就是php文件有...

<?php 
include 'includes/config.php';

$pimages = mysql_query("SELECT * FROM property_images WHERE pid='$pid'");

//Cant Post Images So Leaving The Echo Content Out//
while($img = mysql_fetch_array($pimages)){
    $image = $img['image'];
    $image_alt = $img['image_alt'];
    echo "<li>$img</li>";
}?>

我在我需要它出现的页面上使用.load（'refreshImages.php'）。我没有看到任何解释？

Answer 1

您的$img是一个数组，而不是一个字符串。如果您有来自数据库的内容，您将获得<li>Array</li>之类的输出。你是这个意思吗？或者你得到一个空洞的结果？

如果为空 - 您的mysql_num_rows在针对结果资源运行时会告诉您什么？

Answer 2

尝试改变这一点：

echo "<li>$img</li>";

到

echo "<li><img src=\"{$image}\" alt=\"{$image_alt}\" /></li>";

Answer 3

您可能无法从数据库中获得任何结果。尝试使用此代码，如果您的SQL查询出现问题，将显示一条消息。

<?php 
include 'includes/config.php';

$pimages = mysql_query("SELECT * FROM property_images WHERE pid=" . $pid );

if (mysql_num_rows($pimages) > 0) {  // checks to see if you are getting results from db
  while($img = mysql_fetch_array($pimages)){
    $image = $img['image'];
    $image_alt = $img['image_alt'];
    echo '<li><a class="thumb" href="{$image}"><img src="{$image}" width="50px" height="50px" alt="{$image_alt}"></a></li>';
  }
} else {
  echo "no results returned from database";
} // end of mysql_num_rows check
?>

Answer 4

你可能最好连接所有图像，然后将其回显而不是回应每个图像，例如

$htmlOutput = '';

while($img = mysql_fetch_array($pimages)){
    $image = $img['image'];
    $image_alt = $img['image_alt'];
    $htmlOutput .= "<li><img src=\"{$image}\" alt=\"{$image_alt}\" /></li>";
}
 echo $htmlOutput ;

。使用PHP内容加载到DIV

4 个答案: