Question

就像Java中一样，我可以在scala中访问一个孩子的新参数，为什么我没有访问权限？

abstract class superclass

class class1(c: Int) extends superclass

class class2(a: String) extends superclass


def foo(i: Int): superclass ={
  if(i == 1){
    return new class1(1)
  }
  else {
    return new class2("as")
  }
}

val cla = foo(1)

cla.c ??

我该如何解决这个问题？

Answer 1

这里最大的问题是class1首先没有成员c，所以即使这样也行不通：

val c1 = new class1(3)
c1.c // Error: value c is not a member of class1

c是构造函数的参数，但不是成员。

您可以通过将其设置为case类来解决此问题，该类确实将构造函数参数纳入成员：

case class class1(c: Int) extends superclass

此问题一旦解决，您仍然无法从c的实例访问成员superclass，因为superclass没有名为c的成员。 Java和Scala都一样。因此，您无法直接访问c的结果的成员foo。

但是，您可以使用match来计算返回的superclass的哪个子类，如下所示：

val cla = foo(1)

cla match {
  case class1(c) =>
    println(s"It is class1, c = $c")
  case class2(a) =>
    println(s"It is class2, a is $a")
  case _ =>
    println("It is some other class")
}

这将打印“ It is class1，c = 1”，而将foo(1)更改为foo(2)将打印“ It is class2，a as as”。

其他问题：类名应该以大写字母开头（不是必需的，但是match会与小写的类名混淆），并且return关键字不是必需的，并且并不总是表现出预期的效果。

Scala返回抽象类

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