Question

我有一个使用普通Maven结构的项目，例如

module
\ src
  \ main
    - java
    - resources
  \ test
    - java
    - resources

等。在test/resources下，我想为我正在编写的解析器保留一组测试输入文件，然后通过测试套件运行目录中的所有文件。正如现在所写，测试代码在命令行中运行，但在通过Eclipse JUnit插件运行时失败：

File file = new File("src/test/resources");
file.list();

（我实际上正在使用FilenameFilter，但我正在尝试简化。）

问题是，在使用调试器进行单元测试之后，结果是我构建的文件指向/path/to/workspace/myproj/src/test/resources，而实际文件位于/path/to/workspace/myproj/modulename/src/test/resources（它是Maven多模块项目）。显然，从命令行运行mvn test时，这不是问题。

我想我的问题有两方面：一，我做错了吗？我看到很多人使用类加载器来发现资源，如this question，但我不希望特定类型的所有资源，只需要一个测试目录/资源。第二，如果这不是一个可怕的想法，我是否有配置错误（例如它“应该”工作）？这是Eclipse的错，Maven问题还是什么？

Answer 1

一个技巧是将文件放在具有已知名称的资源中，通过类加载器获取此文件的URI，然后从此URI构造文件，然后获取父文件，并列出（）该目录的内容。有点黑客，但它应该有用。

所以这里的代码应该是什么样的，但是在test / src / resources中放置一个名为MY_TEST_FILE（或其他）的文件

URL myTestURL = ClassLoader.getSystemResource("MY_TEST_FILE");
File myFile = new File(myTestURL.toURI());
File myTestDir = myFile.getParentFile();

然后您就可以访问您正在寻找的目录。

那就是说，如果没有更多的“maven-y”方式，我会感到惊讶。

Answer 2

为了完整起见，想要指出获得此方法的方法，而无需使用ClassLoader#getSystemResource获取ClassLoader的当前实例。此示例执行的工作不必须将文件放在顶部。

//Obtains the folder of /src/test/resources
URL url = ClassLoader.getSystemResource("");
File folder = new File(url.toURI());
//List contents...

Answer 3

试试这个？

1）将测试数据文件放入与测试类相同的包结构中。也就是说，如果你在src / test / java / com / fruits中有一个名为Apple的测试类，那么测试数据文件将在src / resources / java / com / fruits中。

2）编译文件时，类和数据文件都应该在target / test-classes / com / fruits中。如果是这种情况，在您的代码中，您可以通过这种方式获取文件“this.getClass（）。getResourceAsStream（”myFile“）”

Answer 4

将所需资源放入/src/test/resources/lipsum.pdf
使用
找到它的完整路径
String fileName = ClassLoader.getSystemResource（“lipsum.pdf”）。getFile（）;

我应该如何在Maven管理的Java项目中发现测试资源文件？

4 个答案: