（消息是根据我同时获得的帮助更新的）
我正在尝试通过Ajax（包括td和td）动态填充jQuery dataTable。
为此，我虔诚地遵循在这里发现的jsfiddle脚本，该脚本似乎行得通。
不同之处在于，编写此脚本的人只是在使用它之前就对其“ dataSet”变量进行了硬编码，而我需要从php自动生成它，然后在jQuery中对其进行解析。
当我尝试这样做时，我得到的只是：
TypeError: e is not an Object. (evaluating '"length"in e').
在此期间，伊斯兰通过聊天为我提供了很多帮助，看来现在formatting和console.log（dataSet）都可以了。
这是我（更新的）尝试：
HTML：
<table id="example"></table>
PHP：
<?php
$dataset=array();
....
while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) {
.....
$array_tmp = array();
$array_tmp["Header1"] = $alias;
$array_tmp["Header2"] = $chambres;
$array_tmp["Header3"] = $adresse;
$dataset[] = $array_tmp;
}
....
echo json_encode($dataset, JSON_UNESCAPED_UNICODE);
?>
jQuery：
var my_columns = [];
var dataSet =[];
$.ajax({
type: "GET",
url: "myfile.php",
data: 'value=1',
datatype:'json',
cache: false,
success: function(response){
dataSet=response;
$.each( dataSet[0], function( key, value ) {
var my_item = {};
my_item.data = key;
my_item.title = key;
my_columns.push(my_item);
});
}
});
islam jsFiddled带有我的一些生产数据的代码，它可以工作，但是我仍然收到错误消息。所以，这真的是一个谜。
我在这里向您展示的正是我所拥有的。因此，没有其他改变游戏的方式了。
与伊斯兰教jsFiddled中使用的jQuery和dataTables相同。当我成功使用dataTables时，两者都已设置并正常工作，除了这种尝试检索服务器数据的特定尝试。我没有其他图书馆。
当我站在一边“ console.log（dataSet）”时，这就是我得到的（这似乎很好）：
[
{
"Header1" : "tyurtyu",
"Header2" : "zertzert",
"Header3" : 123
},
{
"Header1" : "sdfsdfsd" ,
"Header2" : "dsfgsdfg",
"Header3" : 456
}
]
仅供参考，这是我尚未使用的对dataTables的带注释的调用，因为我已经在Ajax调用中收到错误消息。至少，它将显示之后应该在哪里使用我的dataSet数组。
/*
var dataTable = $('#example').DataTable({
'bInfo' : false,
'paging' : false,
'scrollX': false,
'processing':false,
'sDom' : 'ltipr',
'data' : dataSet,
"columns": my_columns
});
*/
如果我取消对该数据表的调用的注释，则会在另一个之上得到另一个错误消息：
TypeError: e is not an Object. (evaluating '"length"in e')
TypeError: undefined is not an object (evaluating 'e[i].aDataSort')
任何帮助将不胜感激。
更新：通过将我从“响应”传递到“数据集”的方式，我摆脱了第一条错误消息，就像这样：
success: function(response){
dataSet = JSON.parse(response);
//instead of "dataSet=response;"
$.each(dataSet[0], function(key, value) {
...
});
}
所以现在，当我尝试将dataSet传递到dataTable时，我只有第二条错误消息。
这似乎只是一个范围问题，因为ajax调用之外的console.log（dataSet），就像下面的内容一样，不会输出任何东西
var my_columns = [];
var dataSet =[];
$.ajax({
type: "GET",
url: "php/ajax/get_table_values.php",
data: 'value1=1',
datatype:'json',
cache: false,
success: function(response){
dataSet = JSON.parse(response);
//instead of "dataSet=response;"
$.each(dataSet[0], function(key, value) {
var my_item = {};
my_item.data = key;
my_item.title = key;
my_columns.push(my_item);
});
}
});
console.log(dataSet);
var dataTable = $('#example').DataTable({
'bInfo' : false,
'paging' : false,
'scrollX': false,
'processing':false,
'sDom' : 'ltipr',
'data' : dataSet,
"columns": my_columns
});
更新：问题已解决，请参阅下面的其他文章。谢谢大家！
答案 0 :(得分：1)
您无需创建字符串，而是创建具有正确格式的数组：
$dataset=array();
...
while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) {
....
$array_tmp = array();
$array_tmp["Header1"] = $string_val1;
$array_tmp["Header2"] = $string_val1;
$array_tmp["Header3"] = $numval3;
$dataset[] = $array_tmp;
}
答案 1 :(得分：1)
<?php
$dataset='';
...
while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) {
....
$dataset[]=array(
"Header1" : $string_val1,
"Header2" : $string_val1,
"Header3" : $string_val1
);
}
...
echo json_encode($dataset);
使用$ dataset作为数组，仅回显json编码的数组即可在脚本中获取json对象
答案 2 :(得分：1)
问题解决了！
好吧，在伊斯兰的宝贵帮助和Shafeeque TP的指导下，我终于使它起作用。所有发布者都对我有很大帮助。谢谢大家。
首先，PHP必须正确：
<?php
$dataset=array();
....
while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) {
.....
$array_tmp = array();
$array_tmp["Header1"] = $alias;
$array_tmp["Header2"] = $chambres;
$array_tmp["Header3"] = $adresse;
$dataset[] = $array_tmp;
}
....
echo json_encode($dataset, JSON_UNESCAPED_UNICODE);
?>
这将格式化dataSet数组。
然后，必须正确处理jQuery ajax调用中从响应传递到dataSet的数据：
success: function(response){
dataSet = JSON.parse(response);
//instead of "dataSet=response;"
$.each(dataSet[0], function(key, value) {
...
});
}
现在，第一条错误消息消失了。
然后我必须在Ajax调用之外访问dataSet和my_columns数组：
var my_columns = [];
var dataSet =[];
$.ajax({
...
async: false,
...
success: function(response){
...
}
});
现在，它可以工作了。 原始问题中的两个可工作的jsfiddle并没有帮助，因为它们不包含要转换的数组，这就是问题所在。幸运的是，我终于到了那里。
感谢大家的指导。非常感谢！
答案 3 :(得分：1)
在您的php文件上执行以下操作：
if ($_POST["action"] == "SLC" && isset($_POST["categoryId"])) {
$category= $_POST["categoryId"];
//do your query here btw use PDO is better
//fill your data here and then return it
$result = $command->fetchAll(PDO::FETCH_ASSOC)
$return["data"] = $result;
echo json_encode($return,JSON_UNESCAPED_UNICODE);
}
然后在您的JavaScript中这样称呼它：
var tableTypeOfClientInfo = $('#tableTypeOfClientInfo ').DataTable({
"destroy": true,
"responsive":{
"details": {
renderer: function ( api, rowIdx, columns ) {
var data = $.map( columns, function ( col, i ) {
return col.hidden ?
'<tr data-dt-row="'+col.rowIndex+'" data-dt-column="'+col.columnIndex+'">'+
'<td>'+col.title+':'+'</td> '+
'<td>'+col.data+'</td>'+
'</tr>' :
'';
} ).join('');
return data ?$('<table/>').append( data ) :false;
}
}
},
"autoWidth": false,
"ajax": {
"url": 'some.php',
"method": 'POST',
data:{action:"SLC", categoryId:id}
},
"columns": [
{"data": "identification_number"},
{"data": "address"},
{"data": "birthday"},
{"data": "phone"},
{"data": "mail"}
],
"language":{"url": "//cdn.datatables.net/plug-ins/1.10.15/i18n/Spanish.json"},
"columnDefs": [
{
"className": "dt-center", "targets": "_all"
}
]
});
答案 4 :(得分：-1)
您使用$.each需要一个对象。尝试更改PHP文件$dataset = json_encode($dataset);
我认为$ dataset必须是一个数组
还有这个
$dataset=json_encode($dataset, Json_force_object);
尝试伊斯兰代码，我认为这是正确的代码，输入
<?php
$dataset=array();
...
while($row = mysqli_fetch_assoc($sql)) {
....
$dataset[]=array(
"Header1" : $string_val1,
"Header2" : $string_val1,
"Header3" : $string_val1
);
}
... 这里