Question

我试图用ajax实现一个“喜欢”按钮，所以我不必重新加载页面来更新数据库，但是没有通过ajax完成的查询。

我将其简化为仅检查用户是否已经喜欢此项目，而我仍然无法使其正常工作。

我已经验证：

-$ link很好（通过mysqli_ping（））

-查询本身很好（通过phpMyAdmin）

-ajax看起来也很好（将echo $ val替换为echo 1或echo memberId会警告该值）。

code.js：

$("#likebtn").click(function(){

    //check if already liked
    $.ajax({
        type:"POST",
        url:"extra/projectpagefunctions.php",
        data: {func: 'existsLinkProject', Table: 'projectLikes'},
        success : function(result){

            alert(result);

        },
        error : function(error){
            console.log(error);
        }
    });
});

projectpagefunctions.php：

<?php

    session_start();

    $TestLink = mysqli_connect('localhost', '*******', '******', '******');

    function existsLinkProject($Table){
        $query = "SELECT * FROM `".$Table."` WHERE `memberId` = ".$_SESSION["account"]["memberId"]." AND `idProject` = ".$_SESSION["project"]["idProject"];
        $result = mysqli_query($TestLink, $query);

        $val=0;

        if(mysqli_num_rows($result)>0){
            $val=1;
        }

        echo $val;

    }


    if(isset($_POST["func"]) && mysqli_ping($TestLink)){

        if($_POST["func"] == "existsLinkProject"){
            existsLinkProject($_POST["Table"]);
        }

    }
    else{
        echo "error";
    }
?>

我希望该函数返回1（如果已经被喜欢），返回0（如果不是）。但是无论数据库中有什么，我都只会得到0。

（在加载页面时，我会对其进行检查并相应地设置按钮的颜色，这已经可以了）

为什么成功ping $ link在查询（ajax）上不返回任何内容

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