Question

我有一个表单（HTML，PHP），允许最终用户上传文件以使用上传文件中的记录（特别是.csv）更新数据库（MySQL）。但是，在phpscript中，我只能获取文件名而不是指定文件的完整路径。由于这个原因，fopen（）失败了。谁能告诉我如何才能找到完整的路径？

HTML代码：

<html>
<head>
</head>
<body>
<form method="POST" action="upload.php" enctype="multipart/form-data">
    <p>File to upload : <input type ="file" name = "UploadFileName"></p><br />
    <input type = "submit" name = "Submit" value = "Press THIS to upload">
</form>
</body>
</html>

PHP脚本：

<?php
   .....
......
   $handle = fopen($_FILES["UploadFileName"]["name"], "r"); # fopen(test.csv) [function.fopen]: failed to open stream: No such file or directory
?>

Answer 1

name是指客户端上的文件名。要获取服务器端上的文件名（包括完整路径），您需要使用tmp_name：

$handle = fopen($_FILES["UploadFileName"]["tmp_name"], 'r');

Answer 2

$target='uploads/'.basename($_FILES['UploadFileName']['name']);

if(move_uploaded_file($_FILES['UploadFileName']['tmp_name'],$target)) {

     //Insert into your db

     $fp = fopen($target, "r");
}

Answer 3

使用以下代码

$handle = fopen($_FILES["UploadFileName"]["tmp_name"], 'r');

Answer 4

我是这样写的：

$filePath = realpath($_FILES["file"]["tmp_name"]);

这给了我PHP中上传文件的完整路径。如果在文件下载中发现0字节问题，只需像这样修改此内容长度行

header("Content-Length: ".filesize($filePath));

其中$ filePath应该是文件的绝对路径，而不仅仅是文件句柄。

Answer 5

我这样用......

<?php
$NameOriginal = $_FILES["UploadFileName"]['name'];
$Typo_Image = $_FILES["UploadFileName"]['type'];
$name_Temp = $_FILES["UploadFileName"]['tmp_name']; 
?>

获取上传文件的完整路径 - PHP

5 个答案: