Question

我正尝试使用ajax将变量发送到php页面，因此当我单击按钮时，发送的变量将更新到页面而不刷新它。

我有一个名为#toshow的按钮，当单击它时，它将发送example.f90(13): error #5082: Syntax error, found ',' when expecting one of: , <END_OF_STATEMENT> ; TYPE(*), INTENT(IN) :: variable -------^作为帖子。

ifort example.f90 -free -m64 -c -fPIC -02 -o wrapper.o

和我的php

?show=okay

我单击了按钮，但没有显示“ okay”字样。我还需要添加什么才能使它正常工作？

谢谢！

Answer 1

在echo函数回调中的JavaScript data变量中，无论您在PHP中使用.done()打印什么，都将可用（如果没有错误发生）。因此，您需要实现此回调以在需要显示的地方显示返回的文本。

示例：

.done(function(data) {
    document.write(data);
});

此外，将show参数发送到服务器（作为URL的一部分）的方式是GET方法，而不是POST。如果要使用POST方法，请将数据作为$.post()函数的第二个参数传递：

$.post('', {
    show: 'okay'
})
    .done(...)

Answer 2

您要在URL的查询部分中发送“显示”变量，那么必须从$ _GET全局变量中检索它...检查...

$('#toshow' ).click( function( e ) {
  $.post('', {"show": "okay"})
  .done(function(data) {
      console.log(data);
  });
});

https://api.jquery.com/jquery.post/#jQuery-post-url-data-success-dataType

如何使用JQUERY排序PHP循环而无需刷新页面

2 个答案: