Question

我正在尝试使用python flask构建Web服务API。当我在下面执行此代码时：

http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&STUDENTNUMBER='1234'&SESSIONKEY=94194202323

...工作正常。但是我无法将STUDENTNUMBER传递给此函数。

我尝试了两种方法：

Concat构建一个字符串并将其传递给c.setopt(c.URL,)此函数

a。方式1
b。方式2
C。方式3

通过那些方式，我会遇到相同的错误：

TypeError：setopt的无效参数

使用c.setopt（c.POSTFIELDS，post_data）传递变量

a。方式4

这样我得到了相同的错误：

不允许使用方法。请参阅，以构建对服务的有效请求

这样我将转到此链接：

b。方式5

这样我会遇到相同的错误

TypeError：setopt的无效参数

方法1：

student_url = " http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&STUDENTNUMBER=%s&SESSIONKEY=94194202323"%student_number;
 c.setopt(c.URL,student_url)

方法2：

c.setopt(c.URL,"http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&STUDENTNUMBER=%s&SESSIONKEY=94194202323"%(student_number))

方法3：

c.setopt(c.URL,"http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&STUDENTNUMBER=%s&SESSIONKEY=94194202323"%student_number)

方法4：

c.setopt(c.URL,"http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&STUDENTNUMBER=%s&SESSIONKEY=94194202323")
c.setopt(c.POSTFIELDS, 'STUDENTNUMBER = 1234')

方法5：

post_data ={'STUDENTNUMBER' : '1234'}
c.setopt(c.URL,"http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&SESSIONKEY=94194202323")
c.setopt(c.POSTFIELDS, post_data)
c.setopt(pycurl.POST, 1)

我该如何做？

Answer 1

这似乎不是关于Flask的问题。看来您正在尝试编写一些代码来查询API（可能是Flask提供的）。

我建议为此使用Python requests库，因为您随后可以将参数定义为字典，这更容易。 不要与Flask.request混淆，这完全是另一回事！

import requests
url = 'http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students'
params = {'SEARCHBY': 'StudentNo', 
          'STUDENTNUMBER': '1234',
          'SESSIONKEY': 94194202323}
r = requests.get(url, params)

上面的最后一行发送了请求，您可以看到带有以下内容的完整URL：

>>> print (r.url)
http://localhost/Service/API/Services.svc/XMLService/Students?SEARCHBY=StudentNo&STUDENTNUMBER=1234&SESSIONKEY=94194202323

或打印响应代码，在我的情况下为404：

>>> print(r)
<Response [404]>

如果响应中包含数据，则可以通过r.text进行访问：

>>> print (r.text)
I am the 404's response body.

TypeError：pycurl python flask API开发中setopt的无效参数

1 个答案: