Question

编写此代码

scala> import scala.collection.immutable.{Stream => _}
scala> Stream(1, 2, 3)
res0: scala.collection.immutable.Stream[Int] = Stream(1, ?)

但是第二行不应该失败吗？因为我在第1行中从导入隐藏了Stream类？为什么它仍然可见？

我也尝试过

scala> import scala.collection.immutable.{Stream => DoNotUse}
import scala.collection.immutable.{Stream=>DoNotUse}

scala> Stream(1, 2, 3)
res1: scala.collection.immutable.Stream[Int] = Stream(1, ?)

同样，这仍然可见。

Answer 1

下面是一个示例，其中包含2.13中新的-Yimports。

$ cat S.scala

package mystream

class Stream[A]

object MyPredef {
  type Stream[A] = mystream.Stream[A]
}

在列表中的较后部分导入较早的部分：

$ scala -Yimports:java.lang,scala,scala.Predef,mystream.MyPredef
Welcome to Scala 2.13.0 (OpenJDK 64-Bit Server VM 11.0.1)

scala> new Stream[Int]
res0: mystream.Stream[Int] = mystream.Stream@65fe2691

不如假设的语法方便

-Yimports:java.lang._,scala.{Stream=>_, _},scala.Predef._

这将更直接地支持您的用例。

或者，通常将别名放在封闭的包对象中：

package object mystuff {
  type Stream[A] = mystream.Stream[A]
}

和

scala> :pa
// Entering paste mode (ctrl-D to finish)

package mystuff {
  class C { def f = new Stream[Int] }
}

// Exiting paste mode, now interpreting.


scala> new mystuff.C().f
res1: mystream.Stream[Int] = mystream.Stream@715fa8c5

但是别名的作用域是那些子包，而不是任何编译单元。

Answer 2

在Scala中，您可以使用某些默认类型而无需导入。所有这些类型都位于软件包scala._中。例如List，Throwable等

scala.collection.immutable.Stream在此软件包中具有别名：https://github.com/scala/scala/blob/2.13.x/src/library/scala/package.scala#L86

Answer 3

您不能“取消导入”导入的值。如果您编写ViewContext，则只会在名称空间中添加另一个导入。

这是另一个例子：

Contextualize

第二行不会删除第一个导入。这两行仅向名称空间添加了一个额外的导入。您现在可以将IHtmlHelper称为import scala.collection.immutable.{Stream => _}和import scala.collection.immutable.{Stream => Foo} import scala.collection.immutable.{Stream => Bar}。

您为什么不想删除导入内容？如果您不想使用该类，那就不要使用它。无需删除导入。它不会在运行时添加对Stream的依赖或任何其他缺点，导入只是一个编译时概念。

也许您要使用自己的名为Foo的类。因此，不必“删除”默认的Bar导入。只需导入您的课程即可。这将隐藏默认导入。

Stream

无法从导入隐藏Scala类

3 个答案: