Question

我正试图允许用户从我的flask应用程序下载csv文件，但要采用处理从运行Apache2的ubuntu 18服务器下载文件的方式。

import flask
import os
from io import BytesIO

basedir = os.path.abspath(os.path.dirname(__file__))

app = flask.Flask(__name__)
app.config["DEBUG"] = True

@app.route('/<string:report>/<string:action>', methods=['GET'])
def report(report,action):
    if action == 'download': 
        files = os.listdir(os.path.join(basedir, f'static/reports/{report}'))
        filepath = url_for(f'static/reports/{report}/{files[-1]}')
        output = BytesIO()
        with open(filepath, 'rb') as f:
            data = f.read()
        output.write(data)
        output.seek(0)
        return send_file(output,attachment_filename=files[-1], as_attachment=True)

但是我收到此错误：[Errno 2] No such file or directory: '/static/reports'

我的Apache2配置已经具有静态文件的别名像这样：

Alias /static /var/www/FlaskApp/FlaskApp/static
<Directory /var/www/FlaskApp/FlaskApp/static/>
   Order allow,deny
   Allow from all
</Directory>

我也尝试过为static下的reports文件夹创建别名，但仍然得到相同的结果。

我明显缺少什么吗？

Answer 1

您的错误是使用url_for()生成路径。 url_for()生成 URL 路径，而不是文件系统路径。您不能使用结果打开本地文件。 url_for()用于将浏览器发送到正确的位置。

您正在通过标准static路径提供文件。只需找出app / current_app对象has a .static_folder attribute到Flask的位置即可。

您还希望使用send_from_directory() function直接提供文件。这里不需要先将数据加载到BytesIO()对象中。 send_from_directory接受相对路径作为第二个参数。

这应该有效：

@app.route('/<string:report>/<string:action>', methods=['GET'])
def report(report, action):
    if action == 'download': 
        files = os.listdir(os.path.join(app.static_folder, 'reports', report))
        filename = files[-1]
        filepath = os.path.join('reports', report, filename)
        return send_from_directory(app.static_folder, filepath, as_attachment=True)

我省略了attachment_filename，因为默认值已经是使用所提供文件的文件名。

您可能需要重新考虑files[-1]策略。 os.listdir()以任意顺序生成文件（无论操作系统决定哪种顺序最方便）。如果您希望它是最近创建或修改的文件，则必须首先进行自己的排序。

使用mod_wsgi在Apache上提供Flask应用程序时，考虑文件路径的正确方法是什么？

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