Question

我一直在一个网站上使用php在mysql中添加，编辑，删除和查看来自几个不同表的数据，到目前为止，我已经能够通过下拉菜单向其中添加数据，但是更新导致我有点问题。在添加下拉列表之前，它可以正常工作，但是决定添加它以限制用户使用现有数据，并且不输入不存在或不遵循格式的证章，然后添加了下拉列表。

<form method="post" class="text-center">
 <select name="alumno" class="form-control mx-auto" style="width:auto;" required>
    <option value="" disabled selected>Seleccione un Alumno</option>
    <?php
    $cnn=mysqli_connect('localhost', 'root', 'CC2CRO','control_de_notas')
        or die('No se pudo conectar');  

    $sqlcg = "SELECT Carnet, Nombres, Apellidos FROM datos";
    $result = mysqli_query($cnn, $sqlcg);
            while ($row = mysqli_fetch_array($result))
        {
            echo "<option value='".$row['Carnet']."'>".$row['Nombres']." ".$row['Apellidos']."</option>";       
        }       
        ?>
    </select>
<button type="submit" name="buscar">Actualizar</button><br>
</form>

此下拉列表适用于另一种形式，我必须将表datos中的信息添加到具有3个不同表的信息的另一张表中，例如，表datos中的信息相同，Carnet是我采用另一种形式输入的值一个较大的表，其中包含来自较小表的代码以将它们连接在一起。但是我似乎无法解决的问题是，当我要编辑表格时，即使表格中存在Carnet，它也不会显示任何数据

<?php
if (isset($_POST["buscar"]))
{   
    $cnn=mysqli_connect('localhost', 'root', 'CC2CRO','control_de_notas')
        or die('No se pudo conectar');


    $cod=strtoupper($_POST["alumno"]);
    $sql2 = "SELECT Carnet,Apellidos,Nombres,Direccion FROM datos WHERE Carnet='".$cod."'";
    $contar=mysqli_num_rows(mysqli_query($cnn,$sql2));
    if ($contar!=0)
    {
    $result2 = mysqli_query($cnn,$sql2);
    echo "<form name='mostrar' method='post' class='text-center'>";
    echo "<div align='center' class='table-responsive-sm'><table border='3' class='table table-sm table-hover' style='width:auto'>
             <tr>
                <td class='table-secondary text-center' style='font-size:110%;'><b>Codigo</b></td>
                <td class='table-secondary text-center' style='font-size:110%;'><b>Nombre</b></td>  
                <td class='table-secondary text-center' style='font-size:110%;'><b>Direccion</b></td>
              </tr>";
        $row2 = mysqli_fetch_row($result2);         
              echo "<tr>
              <td class='table-info><input type='text' name='mcodigo' value='".$row2[0]."' size='12' placeholder='Carnet' readonly/></td>
              <td class='table-info><input type='text' name='mnombre' value='".$row2[2]." ".$row2[1]."' size='50' placeholder='Digitar Nombre' Maxlength='50' readonly></td>
              <td class='table-info><input type='text' name='dir' value='".$row2[4]."' size='75' placeholder='Digitar Nombre' Maxlength='75' required/></td>
              </tr></table>
              <button type='submit' name='actualizar'>Actualizar</button>
              </form></div>"; 
    }
    else
    {
        echo ("<SCRIPT LANGUAGE='JavaScript'>window.alert('Problema con el Sistema / Registro NO encontrado')</SCRIPT>");   
    }   
}

if (isset($_POST["actualizar"]))
{
    $cod=strtoupper($_POST["mcodigo"]);
    $nom=trim(ucwords($_POST["dir"]));
    $sql3="update datos set Direccion='$nom' where Codigo ='$cod'";
    $mod = mysqli_query($cnn,$sql3);
    if ($mod)
    {
        echo ("<SCRIPT LANGUAGE='JavaScript'>window.alert('Cambio Exitoso !!!!')</SCRIPT>");
    }
    else
    {
        echo ("<SCRIPT LANGUAGE='JavaScript'>window.alert('NO se pudo realizar la actualizacion')</SCRIPT>");
    }
}
?>

如果我选择了下拉菜单中存在的条目，则当我单击该条目时不会显示

<button type='submit' name='actualizar'>Actualizar</button>

在没有下拉菜单但有输入的情况下它确实起作用了

<input type="text" name="alumno" size="15" placeholder="Carnet a Modificar"  Maxlength="8" required autofocus />

当我尝试更新其他表时，也会遇到相同的问题，我最担心的是该表具有3个不同表的下拉菜单，正如我提到的那样，当我有输入但我想输入它，以便您可以选择已经存在的信息，例如该表以及其他我不编辑主键的信息，或者对于大表我不编辑外键。

为使大表显示数据，我使用2下拉列表选择表的2个不同单元格以得到1个共同的结果，并运行与上述相同的查询

$sql2 = "SELECT Carnet,Materia,Docente,Laboratorio,Parcial,Promedio FROM datos WHERE Carnet='".$_POST['alumno']."' AND Materia='".$_POST['materia']."'";

此代码与上面的代码相似，唯一的区别是前两个代码块用于更新1个表，而最后一个代码块用于更新表，但我必须从2个单元格中选择数据， 2个下拉菜单。

PHP表未显示来自SQL的信息

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