Question

考虑以下简单程序：

#include <iostream>

void length(void){
    std::cout<<"My length is void"<<std::endl;
}

void width(void){
    std::cout<<"My width is void"<<std::endl;
}

int main(void){
    std::cout<<"The program length is: "<<length<<std::endl;
    std::cout<<"The program width is: "<<width<<std::endl;
}

该程序的输出为：

The program length is: 1
The program width is: 1

程序输出的数字是什么，并且尤其是对C ++基本上不了解，所以对我来说这看起来更像Python语法，看起来好像应该打印函数地址。我说这是因为，这个问题最初是在为openGL练习一些非常基本的程序时出现的，

回调已在GLUT中注册，类似于：

void line(void){
   //some code for line program ...
}

int main(int argc, char** argv){
    //some more code;
    glutDisplayFunc(line);
    glutMainLoop();
}

似乎我们正在传递函数的地址，但是，显然从上面的程序中，这不是地址，并且函数指针的语法有些不同，如果是的话，该函数正在注册以进行回调吗？ glutDisplayFunc是什么？

并且，由于我想注册一个已传递参数的函数，因此我在C ++类比中搜索了python lambda函数，并发现了类似的lambda函数，但没有成功：**

#include <iostream>

void line(int a,  int b){
//some code that does some plotting  in  the  display window
}

int main(int argc, char** argv){

     auto callback = [](void)->void{
             line(a,b);
           };

     glutDisplayFunc(callback);
     glutMainLoop();
}

这完全失败，显示的错误是：

no suitable conversion function from "lambda []void ()->void" to "void (*)()" exists

这是使用我的python类比，但是该问题的解决方案是什么？混乱的主要部分以粗体突出显示。

Answer 1

似乎我们正在传递函数的地址，但是，显然从上述程序中，这不是地址

您的事情倒退了。不是glutDisplayFunc在做怪异的魔术；是std::cout。

是的，函数名称将转换为函数指针。 operator<< iostream重载和C ++重载解析规则的结合最终导致<<将函数视为布尔值（是的，确实）。因此，您的<< length等价于<< true。

如果需要地址，可以在输出之前将函数指针转换为void*：<< reinterpret_cast<void*>(&length)或更简洁的<< (void*)&length（尽管从技术上讲，这仅受C ++支持），几乎每个真正的编译器都允许这样做。

最后，在C ++中，lambda不是函数。它们是对象。您不能将对象传递给需要函数指针的对象。您可以将无捕获的lambda转换为函数指针，但不能对捕获值的函数执行此操作。

函数名称表示什么以及更多

1 个答案: