Question

当我尝试合并我的代码并将其提供给其他项目使用时，我遇到了一个问题：将该例程移至函数时，不再生成和可用的变量：这是查询：

$count = "SELECT eid, Count, Name, name2, Email, pay FROM h2018";

这很不错：

$result = $mysqli->query($count);
$row = $result->fetch_assoc();
foreach($row as $key=>$value){
    $a = $key;
    $$key = $value;
    echo($a." and ".$value."<BR>");
}

无法正常工作：

function avar($result) {
$row = $result->fetch_assoc();
    foreach($row as $key=>$value){
        $a = $key;
        $$key = $value;
    }
}


$result = $mysqli->query($count);
avar($result);
echo($a." and ".$value."<BR>");

我认为变量变量可以从函数外部获得。我尝试退货，但这没有帮助。我也尝试全局化$$ key，但这也不起作用。我在做什么错了？

Answer 1

存在多个错误或缺少步骤，例如return或array

function avar($result) {
$data=array();
$row = $result->fetch_assoc();
    foreach($row as $key=>$value){
        $a = $key;
        $data[$key] = $value;//if there is multiple records then used array otherwise you should used variable 
    }
return $data;
}


$result = $mysqli->query($count);
$data=avar($result);//get return value
print_r($data);

Answer 2

请阅读有关Variable Scope的PHP文档，以获取更多信息。函数内部的变量是局部变量，因此您不能在函数外部访问它们。您将不得不退货。

例如，这可能有效：

function avar($result) {
    $resultArray = false;
    $row = $result->fetch_assoc();

    foreach ($row as $key => $value) {
        $resultArray = [
            'key' => $key,
            'value' => $value
        ];
    }

    return $resultArray;
}


$result = $mysqli->query($count);
$queryResult = avar($result);

if ($queryResult) {
    echo 'Key: ' . $queryResult['key'] . ' | Value: ' . $queryResult['value'];
}

请注意，如果有多个结果，fetch_assoc将返回包含多个项目的array。在我的示例中，将仅返回一个（也是最后一个）结果。

编辑：正如@Nigel Ren在评论中所说。在这种情况下，您基本上是在重建一个数组，该数组看起来（几乎）与fetch_assoc返回的数组相同，这毫无意义。如果您想在将来添加条件或处理某些数据，可以使用我的函数。否则，请勿使用函数，而仅使用fetch_assoc中的结果。

已将工作程序移至正常运行状态，现在不存在结果

2 个答案: