Question

我试图获取上载文件的内容（使用POST），而不必创建/复制此文件到本地目录。在scala中有什么可能吗？
这是我的代码：

def uploadSchema = Action(parse.multipartFormData) { request =>
request.body.file("source").map { sourceFile =>
  val filename = Paths.get(sourceFile.filename).getFileName
  sourceFile.ref.moveTo(Paths.get(s"/usr/local/polymer/schema/uploads/$filename"), replace = true)
  Ok(s"Uploaded successfully!"+sourceFile.)
}.getOrElse {
  Redirect(routes.NLPController.uploadSchema).flashing("error" -> "Missing file.")
}

我想做的是，而不是做

sourceFile.ref.moveTo(Paths.get(s"/usr/local/polymer/schema/uploads/$filename"), replace = true)

做类似的事情

val content : String = Source.fromFile(file).getLines.mkString

这是我的API文件中的routes

POST   /api/upload   controllers.NLPController.uploadSchema

这可能吗？如果没有，为什么？

Answer 1

您说的是要执行以下操作：

您想通过Play应用将内容上传到计算机。
您不想将其复制到计算机的本地目录。

这里的问题是，文件应该放在哪里？如果我在服务器上有一个应用程序，并且使用此方法上传文件，则该文件将始终始终位于服务器上。因为应该先将其复制到某个位置，然后再将其移动到其他位置（云，另一个备份服务器）。

如何读取文件内容？

这是另一个问题，与上传无关，而不是读取文件内容，您可以这样做：

import scala.io.Source
val myFileContent = Source.fromFile("myFile.txt").getLines.mkString

更新说明

好吧，您是在评论中说，您拥有要获取文件内容的应用程序A，然后将其发送到应用程序B。那么为什么不这样做：

带有查询字符串的路由：具有一个将文件路径作为查询字符串获取的路由：
```
GET /file-content    controllers.file.readContent (path: String)
```
然后您像这样调用应用程序：
```
/file-content?path=whereever/i-want/myfile-be.txt
```
读取内容并将其放入响应的方法：然后在您的readContent方法中，将文件的正文返回给调用应用程序A的任何人：
```
def readContent (filePath: String) = Action{
  implicit request => 
    Ok(Source.fromFile(filePath).getLines.mkString))
}
```

更新说明2：请不要忘记安全性！

上述解决方案可以很好地读取数据，并将其返回。但是，您还应该考虑安全性。您不想将文件的内容提供给调用该URL的任何人。您可以在调用者应用程序中添加令牌，这样处理数据内容的应用程序将首先检查用户是否被授权，然后检查文件的内容。

获取DataPart文件内容而不保存文件

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