Question

我是PHP和jQuery的新手，因此在使用AJAX声明JSON格式的PHP数据时会感到怀疑。

我不知道如何再次接收JSON数据并将其放在PHP变量中。

这是我当前的尝试：

<?php
 $id = $_GET['id'];
  ?>


function load_topic()
 {
  $.ajax({
   url:"fetch_topic.php",
   method:"POST",
   data:{
    tpid :"<?php print $id; ?>"
   },
   dataType:"JSON",
   success:function(data)
   {
    $('#display_topic').html(data);
   }
  })
 }

function load_comment()
 {
  $.ajax({
   url:"fetch_comment.php",
   method:"POST",
  data:{
    "tpid" :"<?php print $id; ?>"
   },
   dataType:"JSON",
   success:function(data)
   {
    $('#display_comment').html(data);
   }
  })
 }

Answer 1

我假设您想检索在文件fetch_comment.php和fetch_topic.php中使用ajax传递的tpid。

为此，您只需使用

$tpid = $_POST['tpid'];

这将检索通过ajax发布请求发送的“ tpid”并将其存储在变量$ tpid中。

来源：http://php.net/manual/en/reserved.variables.post.php

Answer 2

通过在网络下的浏览器中检查是否正在发送数据来检查？如果它使用方法post发送数据然后在您正在接收数据的php文件中使用 print_r（$ _ POST）;

如果它打印了一些东西并显示在json中，请尝试print_r（json_decode（$ _ POST））;

Answer 3

您的帖子有一些问题，在这里：

1 /尚不清楚您要从public Employee{numb++;}和fetch_topic.php返回什么JSON数据。您的代码很好，但是在不知道从这些页面返回的JSON数据的情况下，很难提供帮助。

2 /处理响应的函数有点奇怪，因为它将原始JSON数据打印到那些元素。如果您想更好地处理JSON，我建议使用以下方法：

fetch_comment.php

，您的抓取页面会回复：

$.ajax({
    url:"fetch_comment.php",
    method:"POST",
    data:{
        "tpid" :"<?php print $id; ?>"
    },
    dataType:"JSON",
    success:function( response )
    {
        if ( response.status == 'success' ) {
            $('#display_comment').html( response.html );
        } else {
            // handle your error here.
        }
    }
});

或者不使用JSON，而仅从获取页面返回html：

{"status":"success","html":"<p>Here is an HTML response!<\/p>"}

在您的请求中多一点说明会很有帮助。

通过AJAX传递PHP数据时出错？

3 个答案: