Question

为什么MYSQLi不会更新数据库记录，但是会提供成功的消息。当然，显示以下消息：0条记录已成功更新，并且未对数据库进行任何更改。

我的索引php文件代码：

<?php

include 'connect.php';

$work = $_GET["work"];


if($work == "select"){

$query = "SELECT * FROM login ORDER BY City DESC";
$result = $connect->prepare($query);
$result ->execute();

$out = array();
while ($row = $result->fetch(PDO::FETCH_ASSOC)){
$record = array();
$record["InsID"] = $row["InsID"];

$record["Password"] = $row["Password"];

$record["Name"] = $row["Name"];

$record["City"] = $row["City"];

array_push($out,$record);

}

echo json_encode($out);

} elseif($work  == "update"){

$name2 = $_REQUEST["Ali"];

$code2 = $_REQUEST["4779"];

$city2 = $_REQUEST["teh"];

$pass2 = $_REQUEST["123"];

$query2 = "UPDATE login SET Password='$pass2',Name='$name2',City='$city2' WHERE InsID = '$code2'";

$result2 = $connect->prepare($query2);

$result2 ->execute();


}

?>

我真的不知道我的编码哪里出错了。请帮忙。

Answer 1

我不明白为什么您要更新InsID并同时使用'where InsID like'

查询中还有其他;

您可以尝试

$query2 = "UPDATE login SET Password='$pass2',Name='$name2',City='$city2' WHERE InsID like '$code2'";

重要=首先清除输入数据**

Answer 2

如果我了解您要完成的工作，那么：

您不必再次设置InsID
您需要使用=而不是在WHERE条件下使用

即这是您需要的行：

 $query2 = "UPDATE login SET Password='$pass2',Name='$name2',City='$city2' WHERE InsID = '$code2';";

还请参阅Nico Haase的评论，它是超级正确的！您必须提高代码安全性，请参见：http://php.net/manual/en/security.database.sql-injection.php

Answer 3

尝试此代码可能有用

$query2 = "UPDATE login SET Password='$pass2',Name='$name2',City='$city2' WHERE InsID = '$code2';

if(mysqli_affected_rows($connect)==1){

echo "updated successfully";
}
else{
echo "failed";
}

为什么MYSQLi不更新数据库记录，但确实提供了成功消息

3 个答案: