Question

我试图获得结果并在PHP文件上成功或不成功时提醒它，它有效（因为更改了结果）但是AJAX没有显示警报（没有错误，没有＆＃34;真＆＃34）

JS：

function addentrys() {
    var nwentry =  {};
    el = document.getElementById('addname').value;
    eldmn = document.getElementById('adddomain').value;
    nwentry.name = el;
    nwentry.domain = eldmn;

    $.ajax({
        type: 'POST',
        url: 'api/domain',
        dataType: 'json',
        data: nwentry
    }).done(function(data) {
        alert(data);
    });
}

PHP：

    $app->post('/domain', function () {
    $jsonContents = file_get_contents('data/data.json');
    $name = $_POST['name'];
    $domain = $_POST['domain'];
    $data = json_decode($jsonContents, true);
    $last_item = end($data);
    $last_item_id = $last_item['id'];
    $data[] = array(
        'name' => $name,
        'domain' => $domain,
        'id' => $last_item_id+1
    );


    $json = json_encode($data);
    file_put_contents('data/data.json', $json);
    return true;
});

Answer 1

结果可能不是JSON格式，所以当jQuery尝试解析它时，它会失败。您可以通过错误捕获错误：回调函数。

你似乎不需要在该函数中使用JSON，所以你也可以取出dataType：'json'行。

不要警告AJAX

1 个答案: