Question

感谢您阅读我的问题。

我正在尝试创建一个网站，其中数据库中的信息显示在网页上。最终结果将是look like this，但是对于不同的游戏。

这是一个简单的HTML页面，我希望它看起来像。

到目前为止，我知道我与数据库的连接有效。我跑的时候：

mysql_select_db("DATABASE", $con);
$result = mysql_query("SELECT * FROM DATABASE");
while($row = mysql_fetch_array($result)) {
    echo $row['Title'] . " " . $row['Type'];
    echo "<br />";
}

返回标题和类型。

我想要做的是运行一个If / Else语句，该语句根据卡片类型运行不同的代码块。

while($row = mysql_fetch_array($result)) {
    if ($row['Title'] == 'Hero') { 
        echo "<div>";
    }
}

我是根据w3schools.com上的教程尝试过的，但它不起作用。

你们有什么想法我应该做什么？

编辑：

这是我试过的：

while($row = mysql_fetch_assoc($result)) {
    if ($row['Title'] == 'Hero') {
        echo $row['Title'] . " Hero.<br>";
    } else {
        echo $row['Title'] . " Who cares.<br>";
    }
}

这是输出（Gimli应该显示为英雄）：

For Gondor! Who cares.<br>
Bilbo Baggins Who cares.<br>
Ungoliant's Spwan Who cares.<br>
Gimli Who cares.

编辑2：感谢Phil发现错误，我现在使用Mikushi的方法得到了我想要的结果。非常感谢你们。

Answer 1

获取你的mysql结果似乎不对，应该是这样的：

while($row = mysql_fetch_assoc($result)) {
  if ($row['Title'] == 'Hero') { 
    echo ""; }
  }

mysql_fetch_array将结果作为索引数组获取（1 =＆gt; data，2 =＆gt; thing），这解释了为什么$ row ['Title']不起作用。区别：

http://ca2.php.net/mysql_fetch_array

http://ca2.php.net/mysql_fetch_assoc

请总是参考文档，它做得非常好，比w3cschools更好。

Answer 2

也许这是一件非常明显的事情，但是......

不应该是

if ($row['Type'] == 'Hero') // "Type", not "Title"

使用SQL运行If / Else PHP函数

2 个答案: