我正在尝试将Kotlin support添加到quicktype中,以便Kotlin开发人员可以从JSON轻松生成Kotlin中的类型和编组代码。
对于任何给定的JSON示例,我想生成一个带有T
静态方法和T.fromJson
实例方法的类型T.toJson
,但是当顶级类型是不是一个对象。例如,给定JSON
[
{ "name": "David" }
]
quicktype sample.json -t People -l kotlin
产生:
// To parse the JSON, add this file to your project and do:
//
// val people = People.fromJson(jsonString)
import com.beust.klaxon.*
private val klaxon =
Klaxon()
typealias People = List<Person>
data class Person (
val name: String
) {
public fun toJson() = klaxon.toJsonString(this as Any)
companion object {
public fun fromJson(json: String) = klaxon.parse<Person>(json)
}
}
我现在需要做的是弄清楚如何将fromJson
和toJson
方法添加到People
类型。这是我的第一次尝试:
open class People {
public fun toJson() = klaxon.toJsonString(this as Any)
companion object {
public fun fromJson(json: String) = klaxon.parseArray<Person>(json)
}
}
但是我无法写open class People
所以我删除了别名:
open class List<Person> {
public fun toJson() = klaxon.toJsonString(this as Any)
companion object {
public fun fromJson(json: String) = klaxon.parseArray<Person>(json)
}
}
但是现在people.toJson()
无法编译,因为编译器无法找到该方法。
我可以在Kotlin中完成我想要的语义吗?
答案 0 :(得分:0)
您可以使用
class People : List<Person>()
然而,我个人会简化以下通用顶级函数:
fun <T> T.toJson() = Klaxon().toJsonString(this as Any)
fun <T> fromJson(json: String) = Klaxon().parse<T>(json)
fun <T> fromJsonArray(json: String) = Klaxon().parseArray<T>(json)