Question

我正在实施搜索功能，我收到此错误

警告：mysqli_error（）需要1个参数，0在第18行的C：\ xampp \ htdocs \ Tickmill Auction Project \ search.php中给出

我在xampp上使用php 7.0。

<?php

    $conn = mysqli_connect("localhost", "root", "", "tickmill_auctions");

    if(mysqli_connect_error()){
        echo "Failed to connect: " .mysqli_connect_error();
    }


    $output = '';

    if (isset($_GET['q']) && $_GET['q'] !== ' ') {
        $searchq = $_GET['q'];

        $q = mysqli_query($conn, "SELECT * FROM images WHERE keywords LIKE '%$searchq%' OR title LIKE '%$searchq%'") or die(mysqli_error());
        $c = mysqli_num_rows($q);
        if($c == 0){
            $output = 'No search results for <b>"' . $searchq . '"</b>';
        } else {
            while ($row = mysqli_fetch_array($q)){
                $artist = $row['artist'];
                $title = $row['title'];
                $file = $row['file_name'];

                $output .= '<a href "' . $title . '">
                        <h3>' . $artist . '</h3>
                          <p>' . $desc . ' </p>
                        </a>';
            }
        }
    } else {
        header("Location: ./");
    }
    print ("$output");
    mysqli_close($conn);
?>

Answer 1

使用此选项，您必须将Connection对象传递给mysqli_error()

die(mysqli_error($conn))

关于mysqli_error（）

mysqli_error（）函数返回最近一次函数调用的最后一个错误描述（如果有的话）。

<强>语法

mysqli_error(connection);

搜索功能错误

1 个答案: