Question

** 编辑：我自己解决了这个问题。感谢您的帮助。 **

我正在尝试将图像文件插入到我的数据库进行测试，并发现我的代码已停止工作（它能够执行以前的操作）。

当我将图像提交到数据库时，它会附加图像ID，但不会附加“用户名”和“img_name”（文件名）字段 - 这两个字段只显示为空字符串。你能告诉我我的代码有什么问题吗？我怎么解决这个问题？非常感谢您的帮助

这是我的数据库摘要：

Database Name: photos
Table Name: images
Row Names: id[primary key], username, img_name

我的HTML和PHP代码用于将图像文件上传到数据库：

<form method="post" action="uploadindex5.php" enctype="multipart/form-data">
    <input type="file" name="membimg">
    <input type="submit" name="membupload">
</form>

if (isset($_POST['membupload'])) {
    $username = $_SESSION['username'];
    $membupload = $_POST['membupload'];
    $membimg = $_POST['membimg']['name'];
    $membtarg = "images/".basename($_FILES['membimg']['name']);
    $membmuf = move_uploaded_file($_FILES['membimg']['tmp_name'], $membtarg);
    
    $servername = "localhost";
    $sroot = "root";
    $password = "";
    $dbname = "photos";
    $conn = mysqli_connect($servername,$sroot,$password,$dbname);
    
    if (mysqli_connect_errno()) {
        throw new Exception(mysqli_connect_error(), mysqli_connect_errno());
    }

    $sql = "INSERT INTO images (username, img_name) VALUES ('$username', '$membimg')";
    $result = mysqli_query($conn, $sql);
        if ($membmuf) {
            $msg = "Image uploaded";
        } else {
            $msg = "Upload failed";
        }
}

Answer 1

我为会话添加了虚拟值，并且发布值只需对其进行硬编码，看看PHP代码是否正常工作，然后在验证我的php代码正常工作后确定是否设置了这些变量。一旦你对那些有问题的变量进行了硬编码，你就可以运行PHP页面，而无需使用表单或ajax提交它，或者你正在调用它。如果您有PHP错误报告，PHP页面将报告错误。 Javascript控制台甚至可以告诉您是否存在500内部服务器错误，表明PHP脚本无法正常工作。

SQL语句无法将值插入数据库，但只附加ID？

1 个答案: