Question

在我的代码中，我想捕获一些POST请求错误。为了测试这个，我想伪造POST请求的响应。有没有办法在JavaScript中做到这一点？

$.ajax({
    url: url,
    type: 'POST',
    // further arguments
}).done(function (result) {
    // Sunny day
}).fail(function(result) {
    // Catch it!
});

我希望将状态代码作为响应返回200而不是

Answer 1

来自jQuery的文档页面（documentation for XmlTextWriter）;

jqXHR.fail（function（jqXHR，textStatus，errorThrown）{}）;

错误回调选项的替代构造，.fail（）方法替换了不推荐使用的.error（）方法。有关实现的详细信息，请参阅deferred.fail（）。

因此，如果您使用(id)以外的http代码结束对url的回复，则会以＆＃39; .fail＆＃39;结束。

例如，如果您在php文件中添加一个标题，如下所示，它应该可以正常工作。

header（）函数的另一种方法是http_response_code（），你可以检查链接.Net fiddle

希望这有帮助

Answer 2

最简单的方法是使用只调用一个实际返回代码的url：

$.ajax({
    url: 'https://httpstat.us/400',
    type: 'POST',
    // further arguments
}).done(function (result) {
    console.log("Success");
}).fail(function(result) {
    console.log("Fail");
    console.log("Result", result);
});

<script src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/2.1.1/jquery.min.js"></script>

但您也可以根据this answer覆盖$.ajax()函数，使其始终失败：

function ajax_fail(jqXHR, textStatus, errorThrown) {
    return function (params) {
        var deferred = $.Deferred().reject(jqXHR, textStatus, errorThrown);
        return deferred.promise();
    }
}

$.ajax = ajax_fail();

$.ajax({
    url: '',
    type: 'POST'
}).done(function (result) {
    console.log("Success");
}).fail(function (result) {
    console.log("Error");
});

<script src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/2.1.1/jquery.min.js"></script>

您传递给ajax_fail()函数的参数将是您的.fail()回调添加的参数。您可以在那里添加任何您想要返回的内容。

小警告：请勿在生产中使用此功能，或者您仍希望其他$.ajax来电。每次拨打$.ajax()时，都会以这种方式失败。

如果您只想为一次AJAX调用执行此操作，请执行以下操作：

var ajaxFunc = $.ajax;
// use the above code

// restore old $.ajax function
$.ajax = ajaxFunc;

Answer 3

最好使用fiddler autoResponder而不是js。您可以使用200个代码捕获响应，编辑响应并测试错误处理。

如何在JavaScript中发出返回虚假响应的请求？

3 个答案: