在bash shell脚本中传播所有参数

Question

我正在编写一个调用另一个脚本的非常简单的脚本，我需要将参数从当前脚本传播到我正在执行的脚本。

例如，我的脚本名称为foo.sh，并调用bar.sh

foo.sh：

bar $1 $2 $3 $4

如何在不明确指定每个参数的情况下执行此操作？

Answer 1

如果您真的希望传递参数，请使用"$@"代替普通$@。

观察：

$ cat foo.sh
#!/bin/bash
baz.sh $@

$ cat bar.sh
#!/bin/bash
baz.sh "$@"

$ cat baz.sh
#!/bin/bash
echo Received: $1
echo Received: $2
echo Received: $3
echo Received: $4

$ ./foo.sh first second
Received: first
Received: second
Received:
Received:

$ ./foo.sh "one quoted arg"
Received: one
Received: quoted
Received: arg
Received:

$ ./bar.sh first second
Received: first
Received: second
Received:
Received:

$ ./bar.sh "one quoted arg"
Received: one quoted arg
Received:
Received:
Received:

Answer 2

对于 bash 和其他类似Bourne的shell：

java com.myserver.Program "$@"

Answer 3

使用"$@"（适用于所有POSIX兼容机）。

  

[...]，bash以“$ @”变量为特色，该变量扩展为以空格分隔的所有命令行参数。

来自Bash by example。

Answer 4

#!/usr/bin/env bash
while [ "$1" != "" ]; do
  echo "Received: ${1}" && shift;
done;

在试图测试args如何进入你的脚本时，这可能会更有用

Answer 5

我意识到这已经得到了很好的回答，但这里是＆＃34; $ @＆＃34;之间的比较。 $ @＆＃34; $ *＆＃34;和$ *

测试脚本的内容：

# cat ./test.sh
#!/usr/bin/env bash
echo "================================="

echo "Quoted DOLLAR-AT"
for ARG in "$@"; do
    echo $ARG
done

echo "================================="

echo "NOT Quoted DOLLAR-AT"
for ARG in $@; do
    echo $ARG
done

echo "================================="

echo "Quoted DOLLAR-STAR"
for ARG in "$*"; do
    echo $ARG
done

echo "================================="

echo "NOT Quoted DOLLAR-STAR"
for ARG in $*; do
    echo $ARG
done

echo "================================="

现在，使用各种参数运行测试脚本：

# ./test.sh  "arg with space one" "arg2" arg3
=================================
Quoted DOLLAR-AT
arg with space one
arg2
arg3
=================================
NOT Quoted DOLLAR-AT
arg
with
space
one
arg2
arg3
=================================
Quoted DOLLAR-STAR
arg with space one arg2 arg3
=================================
NOT Quoted DOLLAR-STAR
arg
with
space
one
arg2
arg3
=================================

Answer 6

这里有很多答案建议带引号和不带引号的$@或$*，但是似乎没有人解释它们的真正含义以及为什么要这么做。因此，让我窃取this answer的精彩摘要：

请注意，引号会带来所有不同，没有引号，它们的行为将完全相同。

出于我的目的，我需要按原样将参数从一个脚本传递到另一个脚本，为此，最佳选择是：

# file: parent.sh
# we have some params passed to parent.sh 
# which we will like to pass on to child.sh as-is

./child.sh $*

请注意，没有引号，$@在上述情况下也应适用。

Answer 7

我的SUN Unix有很多限制，甚至＆＃34; $ @＆＃34;没有被解释为理想。我的解决方法是$ {@}。例如，

#!/bin/ksh
find ./ -type f | xargs grep "${@}"

顺便说一句，我必须拥有这个特殊的脚本，因为我的Unix也不支持grep -r

Answer 8

正常工作，除非您有空格或转义字符。在这种情况下，我找不到捕获参数的方法，并发送到脚本内的ssh。

这可能很有用但很难看

_command_opts=$( echo "$@" | awk -F\- 'BEGIN { OFS=" -" } { for (i=2;i<=NF;i++) { gsub(/^[a-z] /,"&@",$i) ; gsub(/ $/,"",$i );gsub (/$/,"@",$i) }; print $0 }' | tr '@' \' )

Answer 9

如果在带有其他字符的带引号的字符串中包含$@，则当存在多个参数时，行为非常奇怪，只有第一个参数包含在引号内。

示例：

#!/bin/bash
set -x
bash -c "true foo $@"

收率：

$ bash test.sh bar baz
+ bash -c 'true foo bar' baz

但首先分配给另一个变量：

#!/bin/bash
set -x
args="$@"
bash -c "true foo $args"

收率：

$ bash test.sh bar baz
+ args='bar baz'
+ bash -c 'true foo bar baz'

Answer 10

有时候您想传递所有参数，但前面要加上一个标志（例如SELECT SUBSTR(INPUT_STR, 1, INSTR(SUBSTR(INPUT_STR, (INSTR(INPUT_STR, 'abc_', -1) + 4)), '&')) AS OUTPUT_STR FROM YOUR_TABLE ）

--flag

您可以通过以下方式进行操作：

$ bar --flag "$1" --flag "$2" --flag "$3"

注意：为避免额外的字段拆分，必须用引号$ bar $(printf -- ' --flag "%s"' "$@") 和%s来避免单个字符串，而不能用引号{{1 }}。

Answer 11

bar "$@"将等同于bar "$1" "$2" "$3" "$4"

请注意引号很重要！

"$@"，$@，"$*"或$*各自在转义和串联方面的行为略有不同，如本stackoverflow answer中所述。

一个密切相关的用例是在参数内传递所有给定参数，如下所示：

bash -c "bar \"$1\" \"$2\" \"$3\" \"$4\""。

我使用@kvantour答案的变体来实现这一目标：

bash -c "bar $(printf -- '"%s" ' "$@")"

Answer 12

"${array[@]}"是在bash中传递任何数组的正确方法。我想提供一个完整的备忘单：如何准备参数，绕过和处理它们。

pre.sh-> foo.sh-> bar.sh。

#!/bin/bash

args=("--a=b c" "--e=f g")
args+=("--q=w e" "--a=s \"'d'\"")

./foo.sh "${args[@]}"

#!/bin/bash

./bar.sh "$@"

#!/bin/bash

echo $1
echo $2
echo $3
echo $4

结果：

--a=b c
--e=f g
--q=w e
--a=s "'d'"