Question

我正在开发一个GUI应用程序。我有一个主窗口（ QMainWindow ），当应用程序执行时会弹出。

{
    QApplication a(argc, argv);
    MainWindow w;
    w.show();

    return a.exec();
}

此窗口有一些按钮。当我点击此处的按钮时，会弹出另一个 QDialog 的窗口。按钮的逻辑是

void MainWindow::on_InsertButton_pressed()
{
    libinsert lib ;
    lib.setModal(false);
    lib.exec();
}

问题：我在 QMainWindow 类中有一个套接字，每当我收到消息时，我都需要将其发送到 QDialogue 窗口并将其显示在 QLineEdit 中。使用上述逻辑，即使我将 QDialogue 设置为 nonmodal ，当 QDialogue <时，我也无法与 QMainWindow 进行交互/ em>窗口已打开。我尝试了 lib.show（）而不是 lib.exec（），但是当我点击按钮时， QMainWindow 类< em> QDialogue 窗口不会弹出。

请告诉我从后台窗口到前台窗口进行通信的最佳方法是什么？

Answer 1

您的代码可能看起来像

void MainWindow::on_InsertButton_pressed()
{
    libinsert lib ;
    connect( this, SIGNAL( messageReceived( QString ), &lib, SLOT( letsChangeLineEdit( QString ) ) ) );
    lib.setModal(false);
    lib.exec();
}

当然你应该实现你的信号和插槽。信号槽参数中的QString是在对话框中显示的目标字符串。希望能为你清楚。

Answer 2

在你的MainWindow::on_InsertButton_pressed()槽中，你正在创建一个局部变量libinsert lib，它在超出范围时被破坏，即当槽执行完成时。如果使用lib.exec()，执行将等待对话框执行返回，以便您看到对话框，但在关闭它之前无法与主窗口进行交互。当你使用lib.show()时，会显示你的对话框，继续执行并立即离开插槽，此时lib被破坏而你再也看不到它了（取决于你的配置，这可能很快足以让它看起来更像是在第一时间显示出来了。）

一种解决方案是将指向对话框的指针作为MainWindow类的成员（在libinsert* lib;中添加MainWindow.h)，并在Mainwindow构造函数中初始化它，如下所示：

`MainWindow::MainWindow(QWidget *parent) :
QMainWindow(parent),
ui(new Ui::MainWindow)
 {
      ui->setupUi(this);
      lib = new libinsert(this);
      lib->setModal(false);
 }`

然后在MainWindow::on_InsertButton_pressed()中你只需要调用QWidget::show()方法，就像这样：

void MainWindow::on_InsertButton_pressed()
{
    lib->show();
}

现在，如果你想要实现的是每次收到消息时弹出一个对话框，并显示消息，首先你需要在{{1}中有一个公共方法（或插槽）更新libinsert中文本的类，例如

QLineEdit

然后在收到消息时直接调用此方法：

void libinsert::onMessageReceived(QString message)
{
     // Update the text and show the dialog to avoid having to call show() 
     //   explicitly from MainWindow.
     ui->lineEdit->setText(message);
     show(); 
 }

或者将收到消息时发出的信号连接到它（在MainWindow构造函数中）：

lib->onMessageReceived(message);

QMainWindow类和QDialogue类之间的交互

2 个答案: