Question

情况：我有以下Gulp脚本，它应该将我的所有html文件构建到distFolder。此外，它应该通过解析index.html中的链接来构建外部脚本文件 - 这就是useref的优点。我不确定这是否是理想的方式 - 但我需要拆分html文件 - 如果我输入多个html文件，我会与cleanCSS（）和uglify（）发生冲突。

// Parse the html file and create external scripts
gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp.src(['*.html', '!index.html'])
        .pipe(useref({noAssets: true}))
        .pipe(gulp.dest(distFolder));
    var s2 = gulp.src('index.html')
        .pipe(useref())
        .pipe(cache('useref'))
        .pipe(gulpif('*.js', uglify()))
        .pipe(gulpif('*.css', cleanCSS()))
        .pipe(gulp.dest(distFolder));
    return merge(s1, s2);
});

// Minify 
gulp.task('htmlmin', ['htmlscripts'], function() {
    return ...
});

gulp.task('default', ['htmlscripts', 'htmlmin']);

问题：永远不会加载第二个任务（htmlmin）。似乎第一个任务（htmlscripts）没有在promise中返回一个有效的结尾。（依赖问题）

如果我删除了其中一个任务，则另一个任务正确完成。

我做了以下测试：

无法正常工作（htmlmin任务未启动）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s1,s2);
});

工作（我的意思是至少运行htmlmin脚本）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s1);
});

无法正常工作（htmlmin任务未启动）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s2); // this one is really strange, isn't it? (see next test)
});

工作（我的意思是至少运行htmlmin脚本）：

gulp.task('htmlscripts', function() {
    // var s1 = gulp....
    var s2 = gulp....
    return merge(s2);
});

Answer 1

您使用的是gulp-cached吗？

是否可以在缓存中找到s2中的资源？因此，.pipe(cache('useref'))不会向前传递文件，而s2将是null？

使用gulp-cached，如果在缓存中找到资源，则不会传递缓存的资源。它没有任何通过，即它停止。因此s2将为空。

我会尝试删除.pipe(cache('useref'))并查看它是否有效？

gulp-useref不适用于gulp-merge

我做了以下测试：

1 个答案: