Question

很抱歉，如果之前已经提出这个问题，但我对传入并为结构分配值感到困惑。

typedef struct test {
    int x;
    int y;
} test_t;

void func(test_t * test)
{
    test_t second;
    second.x = 2;
    second.y = 3;

    *test = second;
 }

void main()
{
    test_t first;
    func(&first);
}

这有效吗？如果我没记错，没有在func（）中对结构进行malloc，你不应该在func（）中将指针* test分配给结构，因为它的范围主要在func（）内部，并且一旦返回函数就会丢失。但是，在main（）中打印出来时，这些值是正确的。

实现这一结果的不同方法有哪些？这只是为了消除一些困惑和忘记记忆。

编辑：

我正在尝试做的更明确的例子是：

typedef struct args
{
    int status;
    int id;
    unsigned long long start_address;
    unsigned long long end_address;
    unsigned long long size;
} args_t;

void ioctl_call(args_t *args)
{
    args_t params;

    /* get values */
    ioctl(fd, cmd, params);

    *args = params;
}

void main()
{
    args_t args;
    iotcl_call(&args);
    printf("%d\n", args.id);
}

Answer 1

void func(test_t * test)
{
    test_t second;
    second.x = 2;
    second.y = 3;

    *test = second;
 }

此代码完全有效，但不是最佳。

返回 second的地址是违法的，但这不是正在发生的事情。当您说*test = second时，您将second的值分配给解除引用的指针。编译器将生成代码以复制结构的每个元素。

它不理想的原因是因为该副本。相反，请考虑一下：

void func(test_t * test) { test->x = 2; test->y = 3; }

通过这种方式，编译器将直接分配到指向结构的字段。

Answer 2

参数test是函数func的本地参数，并且在函数外部看不到更改其值。

但是，您没有更改test的值。您解除引用它指向的内存位置并写入该位置。在这种情况下，test包含first中main变量的地址。

因此，当您在*test中分配给func时，您实际上正在first分配给main。这就是为什么你可以看到函数之外的结果。

因此，此代码将按预期工作，尽管它不是最佳的。正如在另一个答案中所提到的，而是将值分配给结构的本地实例，然后将其分配给解除引用的指针，您可以简单地取消引用指针并直接写入每个字段。

void func(test_t * test)
{
    test->x = 2;
    test->y = 3;
 }

将结构传递给函数并赋值给它

2 个答案: