Question

我正在加载一些要在单个网页上显示的项目。与此同时，我正在加载物品的价格。简化它看起来像这样：

Observable<Integer> ids =  itemIdsToShow(); // COLD Observable
Observable<Item> items = ids.flatMap(id -> loadingItem(id));
Observable<Price> prices = ids.flatMap(id -> loadingPrice(id));

更新：“商品”和“价格”均未订购。

现在我想和他们一起加入。

Observable<Long> wait = Observable.interval(1000, TimeUnit.SECONDS);
Observable<Pair<Item, Price>> pairs = items.join(prices, (ii)->wait, (pp)->wait, Pair::of);

Observable<Item2> items2 = pairs.filter(p->p.a.id == p.b.id).map(p->new Item2(p.a, p.b));

它有效，但Observable“等待”看起来很奇怪。或者，我可以使用任何永远不会完成的Observable。实际上我需要一个可观察的，当“物品”和“价格”都完成时就完成了。

下一个建议不起作用。

Observable<Object> wait = items.mergeWith(prices).takeLast(1);

方法“join”再次订阅这个新创建的Observable，它启动新一代ID序列（一切从头开始）。

我很确定，在没有创建自定义实现的情况下，可以使用干净且美观的方式进行完全连接。

Answer 1

Zip operator就是这样做的。对于您的示例，您最终得到的结果如下：

Observable.zip(Item, Price, Pair<Item, Price>)(items, prices, 
BiFunction { item, price ->
    Pair(item, price)
})

您可以在here中更详细地看到此示例。

修改：根据更新后的问题，由于flatMap没有保留订单，因此无法对其进行排序。而是结帐concatMap，其中包含（direct link to the marble diagram）。

RxJava。加入两个Observable / Flowable流中的所有项目

1 个答案: