Question

我已经通过带有外部CSS文档的类将一些CSS样式应用于我的HTML元素。它运行良好，但在我应用PHP脚本获取一些MySQL元素后，样式不再影响元素。

<div class="col s12 m5">
<h4 class="red-text center-align">Sitios de interés</h4>

<?php
  $sql = "SELECT * FROM `sitiosintereslink`";
  $rs = mysqli_query($conexion, $sql) or die(mysqli_error($conexion)); 
  $fila = mysqli_fetch_assoc($rs);
  do{?>

<div class="card col l4 m6 s6">
  <a href="<?php echo $fila['direccion']; ?>">
    <div class="card-image" align="center"><img src="<?php echo $fila['imagen']; ?>" alt="<?php echo $fila['comentario']; ?>"  class="img-responsive"></div>
    <div class="card-action" align="center"><span style="font-size: 15"><?php echo $fila['titulo']; ?></span></div>
  </a>
</div>
<?php }while ($fila = mysqli_fetch_assoc($rs));?>

包含此类样式的CSS文档：

.card-image {
    width:65% !important;
}
.card-action {
    height: 115px !important;
}

如果我直接在它所使用的元素中应用这些样式，那么，那不是这样做的。

Answer 1

我认为这可能是问题所在。有句法问题：

$sql = "SELECT * FROM `sitiosintereslink`;";

查看您的代码，这对某些人来说并不清楚。我读了你的代码，我无法理解，因为它不是英语，而且是一个混乱。在代码中使用某种形式。

Answer 2

这取决于您使用的服务器类型。因为我能看到的是你的代码就好了。如果它是您已设置为使用http://localhost

而设置的本地服务器

然后我建议您尝试使用http://127.0.0.1查看可能是您的缓存已冻结。有时发生在我身上。所以我在这两个地址之间切换。如果这还不够，那么尝试添加一个div或只是一个带有一些文本和样式的段落。如果它工作，然后尝试使它首先显示一些东西。像if语句一样

PHP脚本后CSS类不起作用

2 个答案: