我试图解决以下问题:
你正在玩一个游戏,你有一个n n个单元格的矩形网格。每个单元格都是空的或有烟花。 空单元格标有"。&#34 ;,带烟花的单元格标有" " 。 如果它们共用一个边,则称两个单元相邻。
如果任何细胞中的烟花爆炸,它会破坏自身并与之相连的空细胞。 如果在它们之间存在空的相邻单元的路径,则连接两个单元。 如果烟花独立触发,您必须找到将被销毁的单元格数量。 输入约束: 1≤n≤1000 样本输入 4
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示例输出 66(9(第1 *)+ 10 + 10 + 9 + 10 + 9 + 9(第7 *))。
我的代码:
#include <iostream>
#include <queue>
#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <utility>
#include <cstdio>
#define n 1001
using namespace std;
///char arr[1001][1001];
bool is_valid(int x,int y,int n1){
if(x<0||y<0||x>=n1||y>=n1){
return false;
}
return true;
}
int cal_(int i,int j,char arr[n][n],int n1){
pair<int,int> p(i,j);
queue<pair<int,int> > q;
//for()
q.push(p);
int ans_ = 0;
//visited
bool visited[n1][n1] = ;
//visited[][]
int diff[][2] = {{-1,0},{0,1},{1,0},{0,-1}};
while(!q.empty()){
pair<int,int> curr = q.front();
q.pop();
int x = curr.first;
int y = curr.second;
//cout<<"x and y"<<x<<" "<<y<<endl;
visited[x][y] = 1;
for(int k=0;k< 4;k++){
int newx = x + diff[k][0];
int newy = y + diff[k][1];
//cout<<newx<<" "<<newy<<" arr->"<<" "<<arr[newx][newy]<<endl;
if(is_valid(newx,newy,n1)){
if( arr[newx][newy] == '.' && visited[newx][newy] == 0){
visited[newx][newy] = 1;
//cout<<newx<<" "<<newy<<endl;
ans_++;
pair<int,int> p(newx,newy);
q.push(p);
}
}
}
}
//cout<<ans_+1<<endl;
//if(ans_!=0)
return ans_+1;
//else
// return 0;
}
int main(){
//cout << "Hello World!" << endl;
std::ios::sync_with_stdio(false);
int n1;
//char arr[n][n];
//char arr_copy[n][n];
cin>>n1;
// rtrt = n1;
char arr[n][n];
char arr_copy[n][n];
//scanf("%d",&n1);
int i,j;
for(i=0;i<n1;i++){
for(j=0;j<n1;j++){
char ch;
cin>>ch;
//fflush(stdin);
//scanf(" %c",&ch);
arr[i][j] = ch;
arr_copy[i][j] = ch;
}
}
if(n1 == 1){
cout<<0;
//printf("0");
return 0;
}
int ans_ = 0;
for(i=0;i<n1;i++){
for(j=0;j<n1;j++){
if(arr[i][j] == '*'){
// flag = 1;
ans_ += cal_(i,j,arr_copy,n1);
//arr[i][j] = '-';
//cout<<1<<" ";
}
}
}
cout<<ans_;
//printf("%d",ans_);
//cal_(arr,)
return 0;
}
我只是应用了一个BFS并添加了个别总和。问题是它只通过了一些测试用例,错误的答案和超出的时间限制。有些请建议我在处理时缺少哪个测试用例?
答案 0 :(得分:0)
我会尝试这样的事情: