Question

我正在尝试创建一个Web应用程序，按ID /名称输入搜索，数据库A（客户端）搜索现有客户端，如果客户端存在，则显示数据库A（信息数据）和数据库B上的值（购买历史记录）每个客户）;如果没有，它会显示一个表单，将客户端添加到数据库A，然后将新购买添加到数据库B.

到目前为止，这是我的代码：

index.php - ＆gt;这是搜索表单：

<!DOCTYPE html>
<html>
    <head>
        <title></title>
    </head>
    <body>
        <form name = "inicio" action = "inicio.php">
        Mostrar equipamento de:<input type="text" name="user" value="" />
        <input type="submit" value="ir" />
        </form>
    </body>
</html>

这是显示数据库信息的标准：

<!DOCTYPE html>
<html>
    <head>
        <meta charset="UTF-8">
        <title>ola</title>
    </head>
    <body>

       CLIENTES <?php //chama a ação de index.php
        echo htmlentities($_GET["user"])."<br/>";?>

        <?php
        //declarar variaveis
       $servername = "localhost";
       $username = "phpuser";
       $password = "phpuserpw";
       $dbname = "equipamento";
       $tablename = "clientes";
       $user = "user"; 

       //criar ligação
       $conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);
       //verifica licação
       if (!$conn) {
           die("Connection failed: " . mysqli_connect_error());  
       }


       //query
       $sql = "SELECT ID, Nome FROM clientes WHERE Nome='" . $user . "'";
       $result = mysqli_query($conn, $sql);


       if(mysqli_num_rows($result) !== 0) {
           //output data de cada fila
           while ($row = mysqli_fetch_assoc($result)) {
               echo "ID: " . $row["ID"]. " Nome: " .$row["Nome"]. "<br>";
           }
       }else {
           echo "O cliente não existe";
       }


     ini_set('display_errors', 1);
     ini_set('display_startup_errors', 1);
     error_reporting(E_ALL); error_reporting(-1);

       mysqli_close($conn);
       ?>

</body>
</html>

我相信错误报告给我的查询，但我没有足够的经验来理解可能出错的地方。此外，我添加了错误报告脚本，但它没有显示任何错误。应该在哪里显示？

感谢您的帮助。

PHP MySQL查询SELECT错误未找到现有表值

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