Question

我可以看到这些问题有很多问题，但我很困惑，为什么以下不起作用，直接来自PHP docs：

$tempDate = DateTime::createFromFormat('j-M-Y', '15-Feb-2009');
echo $tempDate;

错误：

PHP Catchable致命错误：类DateTime的对象无法转换为字符串。

事实上，文档中的每个示例都会给我这个错误。有什么想法吗？

Answer 1

您不能直接echo DateTime个对象。您必须使用format方法获取日期和/或时间部分：

$tempDate = DateTime::createFromFormat('j-M-Y', '15-Feb-2009');
echo $tempDate->format('Y-m-d H:i:s');
// NOT echo $tempDate!!!

演示： http://ideone.com/IyqRWj

如果要查看对象的详细信息（用于调试），可以使用var_dump：

$tempDate = DateTime::createFromFormat('j-M-Y', '15-Feb-2009');
var_dump($tempDate);

Answer 2

错误消息：

PHP Catchable致命错误：类DateTime的对象无法转换为字符串。

是不言自明的。声明：

echo $tempDate;

尝试打印DateTime对象。 echo()语言构造需要一个字符串，你传递一个DateTime对象。 DateTime类未实现__toString() magic method，PHP不知道如何将DateTime对象转换为字符串。

有很多方法可以将DateTime对象表示为字符串，所有这些方法都由DateTime::format()方法处理。

事实上，文档中的每个示例都会给我这个错误。

事实上，DateTime::createFromFormat()文档中的every example内容为：

echo $date->format('Y-m-d');

echo $date;。

是另一回事

有什么想法吗？