Question

我想从我的应用中打开ios设置应用。设置目的地是[settings =＆gt; notification =＆gt; myapp]。打开＆amp;关闭推送通知。

有一些关于如何链接到设置的文档，但我不知道如何打开深层链接。（notification =＆gt; myapp）。

我该怎么做？

Answer 1

您可以深入链接引用设置的索引，如下所示：

Linking.openURL('app-settings:')

仅针对IOS的上述方法

Answer 2

使用Linking.openURL。例如，下面是如何在iOS上检查并打开“健康”应用程序

import { Linking } from 'react-native'

async goToSettings() {
  const healthAppUrl = 'x-apple-health://'
  const canOpenHealthApp = await Linking.canOpenURL(healthAppUrl)
  if (canOpenHealthApp) {
    Linking.openURL(healthAppUrl)
  } else {
    Linking.openURL('app-settings:')
  }
}

Answer 3

自从React Native 0.60打开应用程序设置以来，使用：

Linking.openSettings()

Answer 4

要访问特定设置屏幕，请尝试以下操作： Linking.openURL("App-Prefs:root=WIFI"); 链接到app-settings仅会打开该设置参考：iOS Launching Settings -> Restrictions URL Scheme（请注意，在iOS 6中prefs已更改为App-Prefs）

Answer 5

尝试使用此命令打开特定于系统的网址-Linking.openURL（'App-Prefs：{3}'）

Answer 6

试试这个

Linking.openURL('app-settings://notification/myapp')

Answer 7

对于 iOS 14，这是我打开位置服务设置的方式

Linking.openURL('App-Prefs:Privacy&path=LOCATION')

在 react native 0.63.4 中测试

通过IOS中的Linking.openURL反应Native Open设置

7 个答案: