我有ajax帖子提交的问题 这是我的剧本
function postad(actionurl) {
if (requestRunning) return false ;
if (! $("#editadform").valid()) {
validator.focusInvalid();
return false ;
}
$('#ajxsave').show() ;
requestRunning = true ;
var postData = $('#editadform').serializeArray();
$.ajax(
{
url : actionurl,
type: "POST",
data : postData,
success:function(data, textStatus, jqXHR)
{
$('#diverrors').html(data.errors) ;
$('#divalerts').html(data.alerts) ;
if (data.status=='success') { alert(data.status);
$('#siteid').val(data.siteid) ;
if ($('#adimager').val())
$('#divlmsg').html(data.alertimage) ;
$('#editadform').submit() ;
} else {
$('#ajxsave').hide() ;
}
},
error: function(jqXHR, textStatus, errorThrown)
{
$('#ajxsave').hide() ;
},
complete: function() {
requestRunning = false;
}
});
$('.btn').blur() // remove focus
return false ;
}
这适用于if (textStatus=='success') {
但是当操作失败时,alert(data.status)
显示未定义。
使用FireBug,我可以看到数据被正确返回。为什么data.status“Undefined”呢?
答案 0 :(得分:3)
如果未在jQuery中指定dataType
调用的$.ajax()
字段,则会将响应格式化为纯文本。代码的变通方法是将dataType: "JSON"
包含到$.ajax()
参数中,或者在success
函数中,将纯文本响应解析为JSON对象,方法是使用以下代码: :
data = JSON.parse(data); // You can now access the different fields of your JSON object
<强>更新强>
是的我在动作网址中没有
status
字段,如何在php代码中添加数据状态字段?
在创建用于返回JSON数据的PHP脚本时,首先需要构建一个数组,然后将其编码为JSON。
因此,假设您有一个PHP脚本要么成功并生成一些放入$data
变量的数据,要么失败,那么可以采用以下样式:
<?php
// ^^ Do your PHP processing here
if($success) { // Your PHP script was successful?
$response = array("status" => "success!", "response" => $data);
echo json_encode($response);
}
else {
$reponse = array("status" => "fail", "message" => "something went wrong...");
echo json_encode($response);
}
?>