＆＃34;不能通过引用传递参数2＆＃34;在PHP方法中

Question

在表格中插入记录的简单查询但由于某种原因我收到此错误

  

无法通过引用错误地传递参数2。

我不确定为什么。我试了将近2个小时，但无法修复它。

$pid = '5';
$ip_add = '127.0.0.1';

$result = $mysqli->prepare("INSERT INTO profile_view(profile_id, ip_address) VALUES (?, ?)");
$result->bind_param("is", $pid, $ip_add);
$result->execute();
$result->store_result();

if($result){
    echo 'Success';
}

数据库设计如下。

ID - BigInt - Auto Increment
profile_id - BigInt
Date - CURRENT_TIMESTAMP
ip_address - VARCHAR 100

为什么我会收到此错误？