Question

编辑：我尝试从PhpMyAdmin进行INSERT INTO。我注意到如果我只是做GenreName并且没有输入ID，AutoIncrement给我的行ID为2147483647：插入流派（GenreName）价值观（＆＃39; testFromPhpmyAdmin＆＃39;）

我在直接在MySQL数据库中工作之前遇到了这样的错误，但是我从那个新错误中尝试过的所有错误都没有用。我已经尽可能多地使用StackOverflow关于此的帖子，但是没有一个解决方案最终起作用。我肯定检查过两个表中都有ID。此外，当我让页面只有一个带有AlbumID和AlbumName的文本输入的表单时，它有用，但我想删掉AlbumID的文本条目，因为它在MySQL数据库中自动增加，因此用户不必输入/猜测新的ID。

错误：SQL错误： Errno：1452 错误：无法添加或更新子行：外键约束失败（andrew79_601。Albums，CONSTRAINT Albums_ibfk_2 FOREIGN KEY（ArtistID）参考Artists（ ArtistID））

当我在addalbum.php页面上进行操作时会发生这种情况。这是我使用的代码： addalbum.php

<?php 

//Get All genre
include 'dbconnect.php';
$sql_genre = "SELECT GenreID FROM Genres";
$genre_data = $mysqli->query($sql_genre);

// Get all artists
$sql_artist = "SELECT ArtistID FROM Artists";
$artists_data = $mysqli->query($sql_artist);

?>

<form action="addalbumssrv.php" method="post">

<!-- AlbumID:<input type="text" name="AlbumID" id="AlbumID"/></br> -->
Album Name:<input type="text" name="AlbumName" id="AlbumName"/></br>
    <div>                    
                        <div class="dev-left">Genre ID:&nbsp;</div>
                        <div class="dev-left">
                            <?php if ($genre_data->num_rows > 0) { ?>
                                <select name="genre" style="width: 150px;">
                                    <option value="">------Select-------</option>
                                    <?php while ($row = $genre_data->fetch_assoc()) {
                                        ?>
                                        <option value="<?php echo $row['ID']; ?>">
                                            <?php echo $row['GenreID']; ?>
                                        </option>
                                    <?php }
                                    ?>
                                </select>
                                <?php
                            } else {
                                echo 'No Genre ID Found';
                            }
                            ?>
                        </div>
                    </div>
        <!--Artist drop down-->
                    <div>                    
                        <div class="dev-left">Artist ID:&nbsp;</div>
                        <div class="dev-left">
                            <?php if ($artists_data->num_rows > 0) { ?>
                                <select name="artist" style="width: 150px;">
                                    <option value="">------Select-------</option>
                                    <?php while ($row = $artists_data->fetch_assoc()) {
                                        ?>
                                        <option value="<?php echo $row['ID']; ?>">
                                            <?php echo $row['ArtistID']; ?>
                                        </option>
                                    <?php }
                                    ?>
                                </select>
                                <?php
                            } else {
                                echo 'No Artist ID Found';
                            }
                            ?>
                        </div>
                    </div>

<input type="submit"/>
</form>

addalbumssrv.php：

<?php

//include 'dbconnect.php';

$link = new mysqli('127.0.0.1', 'andrew79_601', 'csis601', 'andrew79_601');
if ($link->connect_errno) {
    echo "Error: Failed to make a MySQL connection, here is why: </br>";
    echo "Errno: " . $link->connect_errno . "</br>";
    echo "Error: " . $link->connect_error . "</br>";

    exit;
}

// Escape user inputs for security
$AlbumID = mysqli_real_escape_string($link, $_REQUEST['AlbumID']);
$AlbumName = mysqli_real_escape_string($link, $_REQUEST['AlbumName']);



// attempt insert query execution
//$sql = "INSERT INTO Albums (AlbumID, AlbumName) VALUES ('$AlbumID', '$AlbumName')";
$sql = "INSERT INTO Albums (AlbumName) VALUES ('$AlbumName')";

if (!$result = $link->query($sql)) {
    echo "Error: SQL Error: </br>";
    echo "Errno: " . $link->errno . "</br>";
    echo "Error: " . $link->error . "</br>";

    exit;
}
?>
<script>
window.location='albums.php';
</script>

表格结构： http://imgur.com/xziavSk

Answer 1

错误消息表示尝试在＆＃34;相册＆＃34;中插入或更新行。 table，以及为＆＃34; ArtistID＆＃34;提供的值;列无效。

外键约束是强制执行规则：＆＃34; ArtistID＆＃34;列必须匹配＆＃34; ArtistID＆＃34;中的值＆＃34; Artists＆＃34;表

艺术家

ArtistID  artist_name
--------  -----------
     112  Rush

相册

AlbumID  ... ArtistID ...
-------      --------
   2112           112

如果我们尝试向＆＃34;专辑＆＃34;

插入一行

INSERT INTO Albums (..., ArtistID ,...) VALUES (..., 707 ,...)

MySQL将检查为＆＃34; ArtistID＆＃34;提供的值'707'。专栏出现在＆＃34;艺术家＆＃34;表

当MySQL（InnoDB）在＆＃34; Albums＆＃34;中找不到行时在＆＃34; ArtistID＆＃34;中具有匹配值列，它将抛出一个外键约束错误。

MySQL正在报道的内容：＆＃34; Artists＆＃34;中没有匹配的行。

为了解决这个问题，请＆＃34; INSERT INTO相册＆＃34;声明必须为＆＃34; ArtistID＆＃34;提供有效值。

如果列允许NULL值，我们可以插入NULL。然后专辑与艺术家无关。

鉴于代码中显示的语句：

INSERT INTO Albums (AlbumName) VALUES ('something')

＆＃34; ArtistID＆＃34;必须使用除NULL之外的DEFAULT值定义列，或者使用指定非NULL值的BEFORE INSERT触发器。

声明应该是这样的：

INSERT INTO Albums (AlbumName,ArtistID) VALUES ('something',112)
                             ^^^^^^^^^                     ^^^^

为ArtistID列提供有效值。

SQL错误1452仅在使用auto_increment

1 个答案: