Question

我将一个JSON POST请求发送到index.php，作为移动设备登录应用程序的一部分。我正在使用一个旧脚本，因此我认为问题是PHP的语法已被弃用，因为我的响应JSON回来了。下面的$ user没有做任何事情，因为我只是在调试。

的index.php

if (isset($_POST['tag']) && $_POST['tag'] != '') {

// get tag
$tag = $_POST['tag'];

// include db handler
require_once 'include/DB_Functions.php';
$db = new DB_Functions();

// response Array
//$response = array('tag' => $tag, 'error' => FALSE);

// check for tag type
if ($tag == 'login') {

    $id = $_POST['id'];
    $password = $_POST['password'];
    $user_type = $POST['user'];


// test data
    $response = array('tag' => $tag, 'error' => FALSE, 'b' => 2, 'c' => 3, 'd' => 4, 'e' => 5);

    // check for user
    $user = $db->getUserByIdAndPassword($user_type, $id, $password);
        echo json_encode($response);
    }
} else {
    $response["error"] = TRUE;
    $response["error_msg"] = "Required parameter 'tag' is missing!";
    echo json_encode($response);
}

查询在这个类中运行，这是我怀疑我出错的地方。

DB_Functions.php

class DB_Functions {

private $db;

// constructor
function __construct() {
    require_once 'DB_Connect.php';
    // connecting to database
    $this->db = new DB_Connect();
    $this->db->connect();

// destructor
function __destruct() {

}


/**
 * Get user by id and password
 */
public function getUserByIdAndPassword($user_type, $id, $password) {
    $t = 'T';
    if ($user_type !== $t) {
        $result = mysqli_query("SELECT * FROM smiths WHERE id = '$id'") or die(mysqli_error());
    } else {
        $result = mysqli_query("SELECT * FROM traders WHERE id = '$id'") or die(mysqli_error());
    }
    // check for result 
    $no_of_rows = mysqli_num_rows($result);
    if ($no_of_rows > 0) {
        $result = mysqli_fetch_array($result);
        $retrieved_password = $result['password'];
        // check for password equality
        if ($retrieved_password == $password) {
            return $result;
        }
    } else {
        // user not found
        return false;
    }
}

}

最后这个类管理msql连接，我想我需要来自这里的$ con以用于之前的mysqli_query？我不知道怎么称呼它。

DB_Connect.php

class DB_Connect {

// constructor
function __construct() {

}

// destructor
function __destruct() {
    // $this->close();
}

// Connecting to database
public function connect() {
    require_once 'include/Config.php';
    // connecting to mysql
    $con = mysqli_connect(DB_HOST, DB_USER, DB_PASSWORD);
    // Check connection
    if (!$con)
      {
        die("Connection error: " . mysqli_connect_error());
      }
    // selecting database
    mysqli_select_db($con, DB_DATABASE) or die(mysqli_connect_error());

    // return database handler
    return $con;
}

// Closing database connection
public function close() {
    mysqli_close();
}

}

有人能帮助我指明正确的方向吗？ JSON响应将返回错误;

W / System.err：org.json.JSONException：字符0处的输入结束

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好的，所以我从DB_Connect.php中取了以下几行，并将它们放入DB_Functions.php中的方法中。

$con = mysqli_connect(DB_HOST, DB_USER, DB_PASSWORD);
mysqli_select_db($con, DB_DATABASE) or die(mysqli_connect_error());

这允许我修复msqli_query的语法;

$result = mysqli_query($con, "SELECT * FROM smiths WHERE id = '$id'") or die(mysqli_error());

这解决了我的问题，无论看起来多么糟糕/混乱。

Answer 1

我从DB_Connect.php中取了以下几行，并将它们放入DB_Functions.php中的方法'getUserByIdAndPassword'。

$con = mysqli_connect(DB_HOST, DB_USER, DB_PASSWORD);
mysqli_select_db($con, DB_DATABASE) or die(mysqli_connect_error());

这允许我修复msqli_query的语法;

$result = mysqli_query($con, "SELECT * FROM smiths WHERE id = '$id'") or die(mysqli_error())

这个孩子就是为什么你不像一些弗兰肯斯坦疯子那样使用弃用的代码。

没有来自PHP的JSON响应

1 个答案: