Question

我有一个包含许多文件的目录，这些文件都具有相同的基本文件名格式（下面是一个示例）

roll_0_oe_2008-03-24_AAA.XNGS
roll_0_oe_2008-03-24_AAB.XNGS
roll_1_oe_2008-03-31_AAC.XNGS
roll_1_oe_2008-03-31_AAG.XNGS
roll_2_oe_2008-04-07_AAR.XNGS
roll_2_oe_2008-04-07_AAJ.XNGS

我正在尝试根据使用选择文件：

filename = 'roll_'+str(roll)'_'*ID

其中roll是一个int，我将其转换为字符串，ID是一个字符串。我使用通配符*作为_oe_date元素，因为我不关心这部分。但是我收到以下错误：

TypeError: can't multiply sequence by non-int of type 'str'

如何在中间使用通配符构建文件名？

Answer 1

我认为您需要glob模块和str.format(...)方法：

# Don't know where this comes from.
roll = 2
id = 'AAC'

# Format: roll_2_oe_2008-04-07_AAJ.XNGS
Fn_format= "roll_{}_oe_*_{}.XNGS"

# Make a file-glob by putting the roll into format.
rolled_files = Fn_format.format(roll, id)


import glob

for fname in glob.iglob(rolled_files):
    print("Rolled file:", fname)

Answer 2

您必须将外卡嵌入为字符，并确保您的文件搜索界面接受外卡。

filename = 'roll_'+str(roll)'_*'+ID

但是，请注意，不标识特定的文件名：要做到这一点，您需要一个系统命令（有几个搜索和获取文件名）。 Python 打开功能不接受通配符。

Answer 3

您可以使用format()：

filename = 'roll_{}_{}'.format(roll, ID)

字符串

3 个答案: