所以我正在制作一个简单的登录/注册Web应用程序,但我不断收到以下错误:
while
和
XML Parsing Error: no root element found Location: file:///C:/xampp/htdocs/EdgarSerna95_Lab/login.html Line Number 37, Column 3:
这是我的login.php
XML Parsing Error: no root element found Location: file:///C:/xampp/htdocs/EdgarSerna95_Lab/php/login.phpLine Number 37, Column 3:
我已经对xml解析错误进行了一些研究,但我仍然无法让我的项目工作,我尝试使用Google Chrome和Firefox
答案 0 :(得分:8)
AHA!今天得到了这个原因,这会让我看起来很傻,但可能有一天会帮助别人。
在我的机器上设置了Apache服务器,用PHP等等......我收到了这个错误......然后意识到原因:我点击了有问题的HTML文件(即包含Javascript /的文件) JQuery),所以浏览器中的地址栏显示" file:/// D:/apps/Apache24/htdocs/experiments/forms/index.html"。
实际使用Apache服务器(假设它正在运行等)所要做的就是去" http://localhost/experiments/forms/index.html" 浏览器的地址栏。
在缓解方面我到目前为止一直在使用" index.php"文件,只是改为" index.html"文件。有点困难,因为对于前者,你有义务访问它"正确"使用localhost。
答案 1 :(得分:4)
我在Spring MVC Application中有相同的情况,因为它被声明为void,将其更改为返回String解决了问题
@PostMapping()
public void aPostMethod(@RequestBody( required = false) String body) throws IOException {
System.out.println("DoSome thing" + body);
}
到
@PostMapping()
public String aPostMethod(@RequestBody( required = false) String body) throws IOException {
System.out.println("DoSome thing" + body);
return "justReturn something";
}
答案 2 :(得分:0)
假设您正在使用javascript,则需要在回显数据前添加标题:
header('Content-Type: application/json');
echo json_encode($response);
答案 3 :(得分:0)
确保您的php服务器正在运行,并且php代码位于相应的文件夹中。如果php不存在,我遇到了同样的问题。我还建议将html放在同一个文件夹中,以防止在测试时发生跨域错误。
如果这不是问题,请确保php中的每个SQL调用都是正确的,并且您正在使用当前的php标准...... Php变化很快,与html,css和Javascript不同,因此某些功能可能会被弃用。
另外,我注意到您可能没有正确收集变量,这也可能导致此错误。如果您通过表单发送变量,则需要采用适当的格式,并根据您的偏好通过POST或GET发送。例如,如果我有一个迷宫游戏的登录页面:
<强> HTML 强>
<script src="https://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/3.2.0/jquery.min.js"></script>
<form class="modal-content animate" method="post">
<div class="container">
<label><b>Username</b></label>
<input type="text" id="usernameinput" placeholder="Enter username" name="uname" required>
<label><b>Password</b></label>
<input type="password" id="passwordinput" placeholder="Enter Password" name="psw" required>
<button onclick="document.getElementById('id01').style.display='block'">Sign Up</button>
<button type="button" id="loginsubmit" onclick="myLogin(document.getElementById('usernameinput').value, document.getElementById('passwordinput').value)">Login</button>
</div>
</form>
<强>的JavaScript 强>
function myLogin(username, password){
var datasend=("user="+username+"&pwd="+password);
$.ajax({
url: 'makeUserEntry.php',
type: 'POST',
data: datasend,
success: function(response, status) {
if(response=="Username or Password did not match"){
alert("Username or Password did not match");
}
if(response=="Connection Failure"){
alert("Connection Failure");
}
else{
localStorage.userid = response;
window.location.href = "./maze.html"
}
},
error: function(xhr, desc, err) {
console.log(xhr);
console.log("Details: " + desc + "\nError:" + err);
var response = xhr.responseText;
console.log(response);
var statusMessage = xhr.status + ' ' + xhr.statusText;
var message = 'Query failed, php script returned this status: ';
var message = message + statusMessage + ' response: ' + response;
alert(message);
}
}); // end ajax call
}
<强> PHP 强>
<?php
$MazeUser=$_POST['user'];
$MazePass=$_POST['pwd'];
//Connect to DB
$servername="127.0.0.1";
$username="root";
$password="password";
$dbname="infinitymaze";
//Create Connection
$conn = new MySQLi($servername, $username, $password, $dbname);
//Check connetion
if ($conn->connect_error){
die("Connection Failed: " . $conn->connect_error);
echo json_encode("Connection Failure");
}
$verifyUPmatchSQL=("SELECT * FROM mazeusers WHERE username LIKE '$MazeUser' and password LIKE '$MazePass'");
$result = $conn->query($verifyUPmatchSQL);
$num_rows = $result->num_rows;
if($num_rows>0){
$userIDSQL =("SELECT mazeuserid FROM mazeusers WHERE username LIKE '$MazeUser' and password LIKE '$MazePass'");
$userID = $conn->query($userIDSQL);
echo json_encode($userID);
}
else{
echo json_encode("Username or Password did not match");
}
$conn->close();
?>
如果您包含代码的其他部分(例如html和JavaScript)会有所帮助,因为我不必像这样给出我自己的示例。但是,我希望这些指针有所帮助!